TS Inter 1st Year Accountancy Notes Chapter 6 Bank Reconciliation Statement

Here students can locate TS Inter 1st Year Accountancy Notes Chapter 6 Bank Reconciliation Statement to prepare for their exam.

TS Inter 1st Year Accountancy Notes Chapter 6 Bank Reconciliation Statement

→ Bank Reconciliation Statement is a statement prepared to reconcile the difference between the balance as per the bank column of the cash book and pass book on any given date.

→ There are certain reasons for the difference in the pass book balance and the cash book balance.

→ Favourable balance means debit balance as per cash book and credit balance as per credit balance.

→ Unfavourable balance/overdraft balance means credit balance as per cash book and debit balance as per pass book.

TS Inter 1st Year Accountancy Notes Chapter 6 Bank Reconciliation Statement

TS Inter 1st Year Accountancy Notes Chapter 6 బ్యాంక్ నిల్వల సమన్వయ పట్టిక

→ నిర్ణీత తేదీన నగదు చిట్టి బ్యాంకు వరసల నిల్వ, పాస్బుక్ నిల్వలకు గల తేడాలను సమన్వయపరుస్తూ తయారుచేసే పట్టికను బ్యాంకు నిల్వల సమన్వయ పట్టిక అంటారు.

→ నగదు చిట్టాలోని నిల్వకు, పాస్బుక్లో లోని నిల్వకు గల తేడా చూపడానికి కొన్ని కారణాలున్నవి.

→ నగదు పుస్తకము డెబిట్ నిల్వను, పాస్బుక్ క్రెడిట్ నిల్వను చూపితే దానిని అనుకూల నిల్వ అంటారు.

→ నగదు పుస్తకము క్రెడిట్ నిల్వను, పాస్బుక్ డెబిట్ నిల్వను చూపితే దానిని ప్రతికూల నిల్వ అంటారు.

TS Inter 1st Year Accountancy Notes Chapter 5 Cash Book

Here students can locate TS Inter 1st Year Accountancy Notes Chapter 5 Cash Book to prepare for their exam.

TS Inter 1st Year Accountancy Notes Chapter 5 Cash Book

→ Cash book is a very important subsidiary book. The object of the cash book is to keep a daily record of transactions relating to cash receipts and cash payments. Cash book acts as both journal and a ledger.

TS Inter 1st Year Accountancy Notes Chapter 5 Cash Book

→ There are different kinds of cash books :

  1. Simple cash book.
  2. Two-column cash book with cash and discount columns.
  3. Two-column cash books with Bank and discount columns.
  4. Three-column cash book.
  5. Petty cash book.

→ The entry which appears on both sides of the three-column cash book is known as a contra entry. It is required for transactions relating to cash or cheques deposited into the bank and cash withdrawn for office use.

→ All small payments are recorded in a separate cash book known as the Analytical Petty cash book.

TS Inter 1st Year Accountancy Notes Chapter 5 నగదు పుస్తకము

→ నగదు పుస్తకము చాలా ముఖ్యమైన సహాయక చిట్టా. రోజువారీ నగదు వసూళ్ళు చెల్లింపు వ్యవహారములు నమోదు చేయడమే నగదు పుస్తకము ముఖ్య ఉద్దేశ్యము.

→ నగదు పుస్తకములో దిగువ రకాలు ఉన్నవి;

  1. సాధారణ నగదు చిట్టా,
  2. నగదు, డిస్కౌంటు వరుసలు గల నగదు చిట్టి,
  3. బాంకు, డిస్కౌంటు వరుసలు గల నగదు చిట్టా,
  4. మూడు వరుసలు గల నగదు చిట్టా,
  5. చిల్లర నగదు చిట్టా.

TS Inter 1st Year Accountancy Notes Chapter 5 Cash Book

→ ఒక చిట్టాపద్దును మూడు వరుసలు గల నగదు చిట్టాలో రెండు వైపులా నమోదు చేస్తే దానిని ఎదురు వద్దు అంటారు. ఎదురు పద్దును దిగువ సందర్భాలలో రాయాలి.

  • నగదు లేదా చెక్కులను బాంకులో జమ చేసినపుడు,
  • ఆఫీసు అవసరాలకై బాంకు నుంచి నగదు తీసినపుడు.

→ వివిధ రకాల చిల్లర ఖర్చులను నమోదు చేయడానికి తయారుచేసే ప్రత్యేక నగదు పుస్తకాన్ని చిల్లర నగదు చిట్టా అంటారు.

TS Inter 1st Year Physics Notes Chapter 5 గమన నియమాలు

Here students can locate TS Inter 1st Year Physics Notes 5th Lesson గమన నియమాలు to prepare for their exam.

TS Inter 1st Year Physics Notes 5th Lesson గమన నియమాలు

→ బలము : ఒక వస్తువును గమనంలోకి తేవాలన్నా లేదా గమనంలో గల వస్తువును విరామ స్థితికి తేవాలన్నా బలం అనేది అవసరం.
కావున ఒక వస్తువు యొక్క స్థితిని మార్చునది లేక మార్చుటకు ప్రయత్నించే భౌతికరాశిని బలంగా నిర్వచించారు. ఇది సదిశరాశి.

→ న్యూటన్ నియమాలు :
న్యూటన్ మొదటి నియమం : బాహ్యబలం పనిచేయనంతవరకు నిశ్చలస్థితిలో ఉన్న వస్తువు నిశ్చలస్థితిలోను, జ గమనంలో ఉన్న వస్తువు సమవేగంతో ఋజుమార్గంలోను చలిస్తుంది.

→ మొదటి నియమం యొక్క ప్రాముఖ్యత : ఇది జడత్వము మరియు బలాలను నిర్వచిస్తుంది.

→ న్యూటన్ రెండవ నియమము : వస్తువు ద్రవ్యవేగంలోని మార్పురేటు వస్తువుపై ప్రయోగించిన బాహ్యబలానికి అనులోమానుపాతంలో ఉండి, బాహ్యబలం పనిచేసే దిశలోనే పనిచేస్తుంది.
అనగా \(\frac{\mathrm{d} \overline{\mathrm{P}}}{\mathrm{dt}}\) ∝ F లేదా F = k\(\frac{\mathrm{d} \overline{\mathrm{P}}}{\mathrm{dt}}\) లేదా F = k.ma లేదా F = ma (∵ k = 1)

→ ప్రాముఖ్యత : న్యూటన్ రెండవ నియమం ద్రవ్యవేగాన్ని నిర్వచిస్తుంది మరియు బలానికి ఒక సమీకరణమును ఉత్పాదిస్తుంది.
న్యూటన్ మూడవ నియమము : ప్రతి చర్యకూ ఎల్లపుడూ దానికి సమానము, వ్యతిరేకము అయిన ప్రతిచర్య
ఉంటుంది.
చర్య = – ప్రతిచర్య. న్యూటన్ మూడవ నియమం నుండి బలం ఎల్లపుడూ జతలు, జతలుగా పనిచేయును అని తెలుస్తుంది.

→ జడత్వం : జడత్వం అంటే మార్పుకు నిరోధం. వస్తువు తనంతట తానుగా తన స్థితిని మార్చుకోజాలని వస్తు ధర్మాన్ని జడత్వం అంటారు. వస్తువు జడత్వాన్ని ద్రవ్యరాశి ‘m’ తో కొలుస్తారు.

→ ద్రవ్యవేగము (P̅): ఒక వస్తువు ద్రవ్యరాశి m మరియు వేగము ల ల లబ్దాన్ని ద్రవ్యవేగము అంటారు. ఇది రాశి.
ద్రవ్యవేగము P̅ = mu, ప్రమాణము కి.గ్రా. -మీటరు/సెకను.

TS Inter 1st Year Physics Notes Chapter 5 గమన నియమాలు

→ ద్రవ్యవేగము కొన్ని పరిశీలనలు :
1) సమాన పరిమాణంగల బలాన్ని వేరు వేరు ద్రవ్యరాశులు గల వస్తువులపై ప్రయోగిస్తే ఎక్కువ ద్రవ్యరాశి గల వస్తువు తక్కువ వేగాన్ని, తక్కువ ద్రవ్యరాశి గల వస్తువు ఎక్కువ వేగాన్ని పొందుతాయి. కాని ఆ రెండింటికి ద్రవ్యవేగంలో మార్పు సమానము. ఎందుకనగా ద్రవ్యవేగంలో మార్పు బాహ్యబలానికి అనులోమానుపాతంలో ఉంటుంది (న్యూటన్ రెండవ నియమము).

2) వేగంగా చలించే క్రికెట్ బంతిని తక్షణం ఆపడంకన్నా చేతులను బంతి దిశలో వెనుకకు లాగడం వల్ల తక్కువ బలం వాడి క్యాచ్ పట్టుకోవచ్చు.
తక్షణం బంతిని ఆపితే కాల అవధి Δt తక్కువ.
F = \(\frac{\mathrm{mv}-\mathrm{mu}}{\Delta \mathrm{t}}\) ఎక్కువ
చేతులు వెనుకకు కొంతదూరం జరపడంవల్ల కాలవ్యవధి Δt పెరుగును.
∴ ఆపడానికి కావలసిన బలం F = \(\frac{\mathrm{mv}-\mathrm{mu}}{\Delta \mathrm{t}}\) తక్కువ.
పై రెండు సందర్భాలలోను mυ – mu సమానము కాని Δt మారింది..

→ న్యూటన్ రెండవ నియమం ప్రకారము అంతర్గత బలాలు వ్యవస్థ ద్రవ్యవేగాన్ని మార్చలేవు.
ఉదా : తుపాకినుండి బులెట్లు పేల్చితే బులెట్ ఎక్కువ వేగంతో ముందుకు వెళుతుంది. తుపాకి తక్కువ వేగంతో వెనక్కి వెళుతుంది. కాని ఈ రెంటికి ద్రవ్యవేగము సమానవ

→ ప్రచోదనము : ఒక వస్తువుపై అత్యధిక బలం అతిస్వల్పకాలం పాటు పనిచేస్తే బలము మరియు కాలముల లబ్ధాన్ని ప్రచోదనము అంటారు. ఇది ద్రవ్యవేగంలో మార్పుకు సమానము.
ప్రచోదనము = బలం × కాలవ్యవధి ద్రవ్యవేగంలో మార్పు
ప్రచోదనం సదిశరాశి. ప్రమాణము న్యూటన్ – సెకను.

→ న్యూటన్ మూడవ నియమం ప్రకారము బలాలు ఎప్పుడూ జంటగానే ఏర్పడతాయి. చర్య ప్రతిచర్య.

→ సాధారణంగా చర్య, ప్రతిచర్యలు వేరు వేరు వ్యవస్థలపై పనిచేయడం వల్ల చలనం సాధ్యపడుతుంది.

→ చర్య, ప్రతిచర్య ఒకే వస్తువు లేదా వ్యవస్థపై పనిచేసే సందర్భాలలో ఆ వస్తువు సమతాస్థితిలో ఉంటుంది.

→ ద్రవ్యవేగ నిత్యత్వ నియమము: అన్యోన్య చర్య జరిపే కణాలు ఉన్న విముక్త వ్యవస్థ మొత్తం ద్రవ్యవేగము నిత్యత్వంగా (స్థిరంగా) ఉంటుంది.
ద్రవ్యవేగ నిత్యత్వ నియమము స్థితిస్థాపక, అస్థితి స్థాపక అభిఘాతాలకు వర్తిస్తుంది.

→ స్పర్శబలాలు : ఒక వస్తువు మరొక వస్తువుతో స్పర్శలో ఉంటే (అనగా తాకుతూ ఉంటే) వాటి మధ్య ఏర్పడే బలాలను స్పర్శబలాలు అంటారు. ఇవి న్యూటన్ మూడవ నియమాన్ని సంతృప్తిపరిచే విధంగా ఉంటాయి.

  • స్పర్శ తలాలకు లంబంగా ఉండే స్పర్శాబలాలను అభిలంబ చర్య (Normal reaction) అంటారు.
  • స్పర్శ తలాలకు సమాంతరంగా ఉండే స్పర్శాబలాలను ఘర్షణ (Friction) అంటారు.
  • స్పర్శబలాలు ఘన పదార్థముల మధ్య మరియు ప్రవాహి (Fluid) లో మునిగి ఉన్న వస్తువుల మధ్య కూడా ఏర్పడతాయి.

→ ఘర్షణ : స్పర్శలో ఉన్న రెండు తలాల మధ్య సాపేక్ష గమనాన్ని వ్యతిరేకించే బలాన్ని ఘర్షణ లేదా ఘర్షణ బలం అంటారు. ఇది స్పర్శ తలాలకు సమాంతరంగా పనిచేస్తుంది.

→ స్థితిక ఘర్షణ : విరామ స్థితిలో గల, వస్తువుల మధ్య ఘర్షణను స్థితిక ఘర్షణ అంటారు. ఇది వస్తువుల మధ్య జరగబోయే చలనాన్ని వ్యతిరేకిస్తుంది.
వస్తువుపై అనువర్తిత బలం ప్రయోగించినపుడు మాత్రమే స్థితిక ఘర్షణ బలం పనిచేయడం ప్రారంభిస్తుంది. ఈ బలాలు అనువర్తిత బలంతో పాటు ఒక సీమాంత విలువ వరకు పెరుగుతాయి. గరిష్ఠ స్థితిక ఘర్షణ (fs)max విలువ అభిలంబ ప్రతిచర్య (N) కు అనులోమానుపాతంలో ఉంటుంది.
(fs)max = μkN

→ గతిక ఘర్షణ : గమనంలోకి వచ్చిన తరువాత స్పర్శ తలాల మధ్య సాపేక్ష చలనాన్ని నిరోధించే బలాన్ని గతిక ఘర్షణ బలం అంటారు.
fk = μkN
గతిక ఘర్షణ గుణకం μk విలువ స్టైతిక ఘర్షణ గుణకం μs, కన్నా తక్కువ.

→ దొర్లుడు ఘర్షణ : వస్తువుల మధ్య దొర్లుడు చలనం ఉన్నపుడు దొర్లుడు చలనాన్ని వ్యతిరేకిస్తూ స్పర్శ తలాలకు సమాంతరంగా పనిచేసే బలాన్ని దొర్లుడు ఘర్షణ అంటారు.
వస్తువు దొర్లుతున్నపుడు స్పర్శ తలాలు స్వల్పంగా విరూపణం చెందుతాయి. ఫలితంగా వస్తువులు పరిమిత తలంలోనే స్పర్శలో ఉంటాయి. దొర్లుడు ఘర్షణ బలం వస్తువుల మధ్య గల స్పర్శతలం వైశాల్యం మీద ఆధారపడుతుంది.

→ బాల్ బేరింగులు : యంత్రాలలో కదిలే భాగాల మధ్య బాల్ బేరింగులు అమర్చడం వలన స్పర్శలోని తలాల మధ్య దొర్లుడు ఘర్షణ ఏర్పడుతుంది. దొర్లుడు ఘర్షణ గుణకం తక్కువ కావున వస్తువుల మధ్య ఘర్షణ తగ్గుతుంది.

TS Inter 1st Year Physics Notes Chapter 5 గమన నియమాలు

→ క్షితిజ సమాంతర రోడ్డుపై కారు గమనం : క్షితిజ సమాంతరంగా ఉన్న రోడ్డుపై వృత్తాకార మార్గంలో చలించే వస్తువు (కారు) పై మూడు బలాలు పనిచేస్తాయి.

  • కారు భారము (mg)
  • అభిలంబ ప్రతిచర్య (N)
  • ఘర్షణ బలం (f)

ఈ రకమైన చలనంలో కారు టైర్లకు, రోడ్డుకు మధ్య గల ఘర్షణబలం అభికేంద్రబలాన్ని సమకూరుస్తుంది.
ఇటువంటి మార్గంలో కారు సురక్షితంగా ప్రయాణించాలి. అంటే \(\frac{\mathrm{mv}^2}{\mathrm{R}}\) = μmg కావాలి.
లేదా కారు సురక్షిత వేగము V = \(\sqrt{\mu g R}\)

→ గట్టు కట్టిన రోడ్డు మీద కారు గమనం : వంపు మార్గాలలో ప్రమాదాలు నివారించడానికి రహదారిని క్షితిజ సమాంతర దిశకు కొంత కోణంలో రహదారి వెలుపలి అంచు కొంచెం ఎత్తులో ఉండేటట్లు కొంత కోణం 6తో నిర్మిస్తారు. దీనిని రహదారిని గట్టు కట్టడం అంటారు.
రహదారిని గట్టు కట్టడం వల్ల సురక్షిత వేగం పెరుగుతుంది. వంపు మార్గంలో ఈ గట్టు కట్టిన రహదారి సురక్షిత వేగము V0 = \(\sqrt{g R \tan \theta}\). ఈ వేగంతో రహదారిపై వాహనాలు ప్రయాణిస్తే టైర్లలో అరుగుదల తక్కువ. వంపుమార్గంలో కావలసిన అభికేంద్రబలాన్ని టైర్లు, రోడ్డుకు మధ్య గల ఘర్షణ బలం వల్ల కాక గురుత్వ ఆకర్షణ వల్ల కలుగుతుంది.

→ ద్రవ్యవేగం P̅ = ద్రవ్యరాశి x వేగము, P̅ = mv
ప్రమాణము : kg m/sec. మితి ఫార్ములా : MLT-1

→ న్యూటన్ రెండవ నియమం ప్రకారము F ∝ \(\frac{\mathrm{d} \overrightarrow{\mathrm{P}}}{\mathrm{dt}}=\mathrm{m} \frac{\mathrm{d} \overrightarrow{\mathrm{v}}}{\mathrm{dt}}\) లేదా F = ma = m\(\frac{(v-u)}{t}\)
ప్రమాణము : కి.గ్రా. మీ/సె2 న్యూటన్, మితి ఫార్ములా = MLT-2

→ తీగ లేదా దారము గుండా కలుగజేయు బలమును తన్యత అంటారు T = F.

→ వస్తువును స్వేచ్ఛగా వ్రేలాడదీసిన T – mg = 0
∴ తన్యత T = mg.

→ తీగ ద్వారా వ్రేలాడదీయబడిన వస్తువును త్వరణం చెందించితే, T = mg + ma_లేదా T = m(g + a) ‘+’ ⇒ ఊర్ధ్వ దిశ, ‘-‘ ⇒ అధోఃదిశ; ‘a’ ఫలిత త్వరణము.

→ ఒక వస్తువు క్షితిజ సమాంతర తలం మీద రెండవ వస్తువు క్షితిజ లంబంగా వేలాడుతుంటే
TS Inter 1st Year Physics Notes Chapter 5 గమన నియమాలు 1

  • త్వరణము a = \(\frac{m_1 g}{m_1+m_2}\)
  • తీగయందు తన్యత T = \(\frac{2 m_1 m_2 g}{m_1+m_2}\)

→ రెండు వస్తువులు M1 మరియు M2 లు స్పర్శించబడితే
TS Inter 1st Year Physics Notes Chapter 5 గమన నియమాలు 2

  • F బలము ప్రయోగించుట వలన వ్యవస్థ త్వరణము a = \(\frac{F}{M_1+M_2}\)
  • రెండు వస్తువుల మధ్య స్పర్శాబలము f = \(\frac{\mathrm{M}_2 \mathrm{~F}}{\mathrm{M}_1+\mathrm{M}_2}\) (F పై M1 వలన)

→ m ద్రవ్యరాశి గల వస్తువును లిప్ట్ యందు ‘a’ త్వరణముతో తీసికొనిపోయిన

  • ఊర్ధ్వ దిశలో గమనములో ఉన్నపుడు దృశ్యభారము W1 = m(g + a) లేదా W1 = W (1 + \(\frac{a}{g}\))
  • అధోః దిశలో ‘a’ త్వరణముతో గమనములో ఉన్నప్పుడు W1 = m(g – a) లేదా W1 = W(1 – \(\frac{a}{g}\))
    గమనిక : దృశ్య భారమును నేల కలుగజేసిన ప్రతిచర్య బలము (N) అని కూడా అంటారు.

TS Inter 1st Year Physics Notes Chapter 5 గమన నియమాలు

→ ప్రచోదనము (J) = బలము X కాలము = ద్రవ్యవేగంలోని మార్పు. J = m\(\frac{(v-u)}{t}\) × t = mv – mu

→ ద్రవ్యవేగ రేఖీయ నిత్యత్వ నియమము ప్రకారము
m1u1 + m2u2 = m1v1 + m2v2, i.e., అభిఘాతము యందు ద్రవ్యవేగ మొత్తము స్థిరము.

→ ఘర్షణ బలం F ∝ లంబ ప్రతిచర్య N i.e., F ∝ N

→ ఘర్షణ గుణకం
TS Inter 1st Year Physics Notes Chapter 5 గమన నియమాలు 3
ఎ) క్షితిజ సమాంతర తలం మీద లంబ చర్య N = mg = వస్తువు భారం
బి) వాలు తలం మీద లంబ ప్రతిచర్య N = mg cos θ
ఇక్కడ θ = వాలు తలం కోణం

→ ప్రశాంతత కోణము యొక్క టాంజెంట్ ప్రమేయము (tan θ), ఘర్షణ గుణకమునకు సమానము ∴ μs = tan θ.

→ నున్నని క్షితిజ సమాంతర తలంపై త్వరణం a = \(\frac{F}{m}\)

→ గరుకు క్షితిజ సమాంతర తలంపై త్వరణం a = \(\frac{F}{m}\) – μkg
k = గతిక ఘర్షణ గుణకం, F = ప్రయోగించి బలం)
గమనిక :
\(\frac{F}{m}\) < μkg అయినచో వస్తువు కదలదు.

1) నున్నని వాలుతలం వెంబడి క్రిందకు జరిగే చలనం విషయంలో :
ఎ) త్వరణం a = g sin θ.
బి) వాలుతలం క్రిందకు చేరు సమయానికి పొందు వేగం v = \(\sqrt{2 g l \sin \theta}=\sqrt{2 g h}\)

2) వాలుతలం వెంబడి పైకి చలించునపుడు :
ఎ) త్వరణం a = -g sin θ.
బి) u తొలివేగం అయితే వాలుతలం పైకి చేరటానికి పట్టేకాలం t = \(\frac{u}{g \sin \theta}\)
(కాని పైకి చేరటానికి కావలసిన కనీస తొలివేగం u = \(\sqrt{2 g l \sin \theta}\).

TS Inter 1st Year Physics Notes Chapter 5 గమన నియమాలు

→ లాన్ లర్ చలనము :
1) m ద్రవ్యరాశి గల లాన్లర్ను F బలముతో లాగునపుడు
ఎ) క్షితిజ సమాంతర అంశ బలము Fx = F cos θ.
బి) లంబ ప్రతిచర్య N = mg – F sin θ.

2) F బలంతో తోసినప్పుడు
సి) క్షితిజ సమాంతర అంశ బలము Fx = F cos θ
డి) లంబ ప్రతిచర్య N = mg + F sin θ.

TS Inter 1st Year Accountancy Study Material Chapter 7 Trial Balance

Telangana TSBIE TS Inter 1st Year Accountancy Study Material 7th Lesson Trial Balance Textbook Questions and Answers.

TS Inter 1st Year Accountancy Study Material 7th Lesson Trial Balance

Essay Questions:

Question 1.
What is hail Balance ? How it is prepared?
Answer:
Trial balance is a statement prepared by putting all debits on one side and all credits on the other side to check the arithmetical accuracy of the ledger balances. Trial balance is a connecting link between the ledger accounts and final accounts.

The following points are to be kept in mind while preparing the trial balance.

  1. As the trial balance is prepared on a particular date, the particular date should be shown on the head of the trial balance.
  2. Draw the proforma of trial balance with title.
  3. Trial balance is a statement, hence we need not use the words ‘to’ or ‘by’. It contains SL. No., name of the account, ledger folio, debit and credit balance.
  4. All asset account, expenses, losses, purchase and sales returns account shows the debit balance. All liabilities, incomes and gains, reserves, provisions sales and purchase returns accounts shows credit balance. The debit balances are to be written in debit column, credit balances are to be written in credit column of the trial balance.
  5. The total of the both the columns should be equal to prove arithmetical accuracy.

TS Board Inter First Year Accountancy Study Material Chapter 7 Trial Balance

Question 2.
Explain the merits and demerits of Trial Balance.
Answer:
Merits of Trial Balance:

  1. It helps in finding out the arithmetical accuracy of the accounts in the ledger.
  2. Trading, profit and loss account and balance sheet are prepared on the basis of trial balance.
  3. It will help in detecting the errors and their rectification.
  4. Trial balance enables us to know balances of all accounts in one place.

Demerits of Trial Balance :

  1. Trial Balance tallies eventhough errors are existing in the books of accounts.
  2. It is only possible to prepare trial balance of an organisation, if the double entry system of book-keeping is followed which is costly and time consuming.
  3. Even if some transactions are omitted, the trial balance agrees.
  4. If trial balance is not prepared in a systematic method and the final accounts prepared on the basis of such trial balance, it do not show the actual financial position of the concern.

TS Board Inter First Year Accountancy Study Material Chapter 7 Trial Balance

Short Answer Questions:

Question 1.
Define Trial Balance’.
Answer:

  1. J. R. Batliboi defines trial balance as “A trial balance is statement prepared with the debit and credit balances of ledger accounts to test the arithmetical accuracy of the books”.
  2. According to Spicer and Peglar “A trial balance is a list of all the balances standing on the ledger accounts and cash book of the concern at any given date”.

Question 2.
Give the format of the Trial Balance.
Answer:
Format of the trial balance

TS Inter 1st Year Accountancy Study Material 7th Lesson Trial Balance 1

TS Board Inter First Year Accountancy Study Material Chapter 7 Trial Balance

Question 3.
What are the objectives of the Trial Balance ?
Answer:

  1. To check the arithmetical accuracy of various ledger accounts.
  2. To help in preparation of final accounts.
  3. To act as important tool for auditing work.
  4. To generate match between ledger balances and final accounts.
  5. To identify errors and mistakes crept in preparation of a accounts.

Question 4.
What are the methods of preparation of Trial Balance ?
Answer:
Trial Balance can be prepared in two methods. They are

  • Total Balance Method
  • Net Balance method.

1. Total Balance Method :
Debit as well as credit sides of all accounts will be summed up and with the totals the trial balance will be prepared. Hence this method is called Gross trial balance method.This method is now out of use.

2. Net Balance Method :
This method is most commonly used trial balance. The net balance of the accounts were ascertained on a particular date and arranged in the proforma of trial balance. If these totals of debit and credits agree, we can say the trial balance has the arithmetical accuracy.

Question 5.
Write the features of Trial Balance.
Answer:

  1. Trial Balance is a statement or list of balances of ledger accounts not an account.
  2. It is working paper.
  3. It is always prepared based on double entry principles of accounts.
  4. It is prepared periodically usually at the end of each month or at the end of accounting year.
  5. It is prepared before the preparation of find accounts, it is basis for final accounts preparation.
  6. It test the arithmetical accuracy of ledger accounts.

TS Board Inter First Year Accountancy Study Material Chapter 7 Trial Balance

Very Short Answer Questions:

Question 1.
Suspense Account.
Answer:

  1. When Trial Balance does not agree, to avoid delay in the preparation of final accounts, that difference in the trial balance may be temporarily posted to a special account known as “Suspense account”.
  2. The suspense account is an imaginary account opened temporarily for the purpose of tallying trial balance.

Question 2.
Total Balances method.
Answer:

  1. Under this method instead of taking balance in each ledger account, total of debit side and total of credit side of each individual account is taken in to account. Hence trial balance here is prepared before ascertaining the balance.
  2. This method is also called ‘Gross Trial Balance Method’ but it is outdated and not in use now.

Question 3.
Net Balances method.
Answer:

  1. Under this method, balance in each ledger account is taken in to trial balance. All the ledger accounts showing debit balances are put on the debit side of the trial balance and the accounts showing credit balances are put on the credit side.
  2. After this, the debit and credit columns of the trial balance are totaled and if the totals are equal, it is said that the trial balance has tallied or agreed.

TS Board Inter First Year Accountancy Study Material Chapter 7 Trial Balance

Question 4.
Horizontal form of Trial Balance.
Answer:

  1. The Trial Balance is not an account it is a statement and it may be prepared either in vertical form or in Horizontal form.
  2. The term Horizontal means parallel to the ground or flat and level with ground or something is arranged side ways.
  3. Horizontal form of Trial Balance is a format that present ledger balances of Assets, Expenses, Losses, Drawings, Debtors etc are on left side and Liabilities, Incomes, Gains, Capital, Reserves, Provisions etc are on right side.

Question 5.
Arithmetical accuracy means.
Answer:

  1. Arithmetical accuracy means recording with out any mistakes or errors.
  2. The Trial Balance is prepared to check Arithmetical accuracy of ledger accounts, whether all debits and credits are properly recorded or correctly balanced.
  3. If the totals of Debit and Credit Balances are equal, it is assumed that the accounting books are arithmetically correct and free from clearical mistakes or errors.

TS Board Inter First Year Accountancy Study Material Chapter 7 Trial Balance

Problems:

Question 1.
From the following balances taken from the books of Sanjeeva Reddy as on 31st December 2016, prepare a trial balance in proper form.

TS Inter 1st Year Accountancy Study Material 7th Lesson Trial Balance 2

Solution:
Trial Balance of Sanjeev Reddy as on 31-12-2016

TS Inter 1st Year Accountancy Study Material 7th Lesson Trial Balance 3

TS Board Inter First Year Accountancy Study Material Chapter 7 Trial Balance

Question 2.
Prepare a trial balance from the following balances of Veena as on 31st March 2018:

TS Inter 1st Year Accountancy Study Material 7th Lesson Trial Balance 4

Solution:

TS Inter 1st Year Accountancy Study Material 7th Lesson Trial Balance 5

Note :
To tally the trial balance, the difference in debit & credit sides total is transfered to “Suspense” account.

TS Board Inter First Year Accountancy Study Material Chapter 7 Trial Balance

Question 3.
The following trial balance has been prepared by an inexperienced accountant. Re¬draft it in a correct form:

TS Inter 1st Year Accountancy Study Material 7th Lesson Trial Balance 6

Solution:

Corrected trial balance

TS Inter 1st Year Accountancy Study Material 7th Lesson Trial Balance 7

TS Board Inter First Year Accountancy Study Material Chapter 7 Trial Balance

Question 4.
The following are the balances extracted from the books of Manohar, prepare a trial balance as on 31-03-2018.

TS Inter 1st Year Accountancy Study Material 7th Lesson Trial Balance 8

Solution:

TS Inter 1st Year Accountancy Study Material 7th Lesson Trial Balance 9

TS Board Inter First Year Accountancy Study Material Chapter 7 Trial Balance

Question 5.
From the following balances, prepare trial balance of J.P.Reddy as at 31-12-2016.

TS Inter 1st Year Accountancy Study Material 7th Lesson Trial Balance 10

Solution:
Trial Balance in the books of Manohar as on 31-12-2016

TS Inter 1st Year Accountancy Study Material 7th Lesson Trial Balance 11

TS Board Inter First Year Accountancy Study Material Chapter 7 Trial Balance

Question 6.
The following are the balances extracted from the books of Pullanna on 31-12-2017. Prepare the trial balance.

TS Inter 1st Year Accountancy Study Material 7th Lesson Trial Balance 12

Solution:
Trial Balance of Pullanna as on 31-12-2017

TS Inter 1st Year Accountancy Study Material 7th Lesson Trial Balance 13

TS Board Inter First Year Accountancy Study Material Chapter 7 Trial Balance

Question 7.
The following are the balances extracted from the books of Vishnu Charan as on 31st December 2018. Prepare trial balance.

TS Inter 1st Year Accountancy Study Material 7th Lesson Trial Balance 14

Solution:
Trial Balance of Vishnu Charan as on 31-12-2018

TS Inter 1st Year Accountancy Study Material 7th Lesson Trial Balance 15

Question 8.
Prepare the Trial Balance of Renish as on 31.12.2013.

TS Inter 1st Year Accountancy Study Material 7th Lesson Trial Balance 16

Solution:
Trial Balance of Renish as on 31-12-2016

TS Inter 1st Year Accountancy Study Material 7th Lesson Trial Balance 17

TS Board Inter First Year Accountancy Study Material Chapter 7 Trial Balance

Question 9.
From the following balances prepare Trial Balance of Manasa as on 31.12.2013.

TS Inter 1st Year Accountancy Study Material 7th Lesson Trial Balance 18

Solution:
Trial Balance of Manasa as on 31-12-2013

TS Inter 1st Year Accountancy Study Material 7th Lesson Trial Balance 19

Question 10.
From the following balances prepare Trial Balance of Ramu as on 31.12.2013.

TS Inter 1st Year Accountancy Study Material 7th Lesson Trial Balance 20

Solution:
Trial Balance of Manasa as on 31-12-2013

TS Inter 1st Year Accountancy Study Material 7th Lesson Trial Balance 21

TS Board Inter First Year Accountancy Study Material Chapter 7 Trial Balance

Question 11.
Prepare Trial Balance of Pradeep Kumar from the following balances as on 31.03.2017.

TS Inter 1st Year Accountancy Study Material 7th Lesson Trial Balance 22

Solution:
Trial Balance of Pradeep Kumar as on 31-12-2017

TS Inter 1st Year Accountancy Study Material 7th Lesson Trial Balance 23

Question 12.
Prepare Trial Balance of Suchitra as on 31.12.2015 from the following balances.

TS Inter 1st Year Accountancy Study Material 7th Lesson Trial Balance 24

Solution:
Trial Balance of Suchitra as on 31-12-2015

TS Inter 1st Year Accountancy Study Material 7th Lesson Trial Balance 25

TS Board Inter First Year Accountancy Study Material Chapter 7 Trial Balance

Question 13.
Prepare Trial Balance of Radha from the following balances:

TS Inter 1st Year Accountancy Study Material 7th Lesson Trial Balance 26

Solution:
Trial Balance of Radha

TS Inter 1st Year Accountancy Study Material 7th Lesson Trial Balance 27

Question 14.
Prepare Trial Balance of N.N.Rao from the following balances:

TS Inter 1st Year Accountancy Study Material 7th Lesson Trial Balance 28

Solution:
Trial Balance of N.N.Rao

TS Inter 1st Year Accountancy Study Material 7th Lesson Trial Balance 29

TS Board Inter First Year Accountancy Study Material Chapter 7 Trial Balance

Question 15.
Prepare Trial Balance of Sheshadri from the following balances as on 31-12-2016.

TS Inter 1st Year Accountancy Study Material 7th Lesson Trial Balance 30

Solution:
Trial Balance of Sheshadri as on 31-12-2016

TS Inter 1st Year Accountancy Study Material 7th Lesson Trial Balance 31

Question 16.
Prepare Trial Balance of Bhagya Laxmi :

TS Inter 1st Year Accountancy Study Material 7th Lesson Trial Balance 32

Solution:
Trial Balance of Bhagya Laxmi

TS Inter 1st Year Accountancy Study Material 7th Lesson Trial Balance 33

TS Board Inter First Year Accountancy Study Material Chapter 7 Trial Balance

Question 17.
Prepare Trial Balance of Kasturi from the following balances as on 31-03-2018 :

TS Inter 1st Year Accountancy Study Material 7th Lesson Trial Balance 34

Solution:
Trial Balance of Kasturi as on 31-03-2018

TS Inter 1st Year Accountancy Study Material 7th Lesson Trial Balance 35

Question 18.
Prepare Trial Balance of Sudha from the following particulars:

TS Inter 1st Year Accountancy Study Material 7th Lesson Trial Balance 36

Solution:
Trial Balance of Sudha

TS Inter 1st Year Accountancy Study Material 7th Lesson Trial Balance 37

Note :
In Text book, purchases is given two times, so we take 2nd purchases as Machinery ₹ 20,000.

TS Board Inter First Year Accountancy Study Material Chapter 7 Trial Balance

Question 19.
Prepare Trial Balance of Anji Reddy from the following balances.

TS Inter 1st Year Accountancy Study Material 7th Lesson Trial Balance 38

Solution:
Trial Balance of Anji Reddy

TS Inter 1st Year Accountancy Study Material 7th Lesson Trial Balance 39

Question 20.
Prepare Trial Balance of Dr. Chilumula Srinivas from the following balances as on 31-12-2018.

TS Inter 1st Year Accountancy Study Material 7th Lesson Trial Balance 40

Solution:
Trial Balance of Dr.Chilumula Srinivas as on 31-12-2018

TS Inter 1st Year Accountancy Study Material 7th Lesson Trial Balance 41

TS Board Inter First Year Accountancy Study Material Chapter 7 Trial Balance

Textual Questions:

Question 1.
Prepare a trial balance from the following balances of Mr. Vinod Kumar as on 31st December 2018.

TS Inter 1st Year Accountancy Study Material 7th Lesson Trial Balance 42

Solution:
Trial Balance of Mr. Vinod iumar as on 31st December, 2018

TS Inter 1st Year Accountancy Study Material 7th Lesson Trial Balance 43

TS Board Inter First Year Accountancy Study Material Chapter 7 Trial Balance

Question 2.
From the following list of balances extracted from the books of Smt. Shobha Rani, prepare a trial balance as on 31st December, 2017.

TS Inter 1st Year Accountancy Study Material 7th Lesson Trial Balance 44

Solution:
Trial Balance of Mr. Vinod Kumar As on 31st December, 2018

TS Inter 1st Year Accountancy Study Material 7th Lesson Trial Balance 45

TS Board Inter First Year Accountancy Study Material Chapter 7 Trial Balance

Question 3.
The following trial balance has been prepared by an inexperienced accountant. Redraft it in a correct form:

TS Inter 1st Year Accountancy Study Material 7th Lesson Trial Balance 46

Solution:
Corrected Trial Balance

TS Inter 1st Year Accountancy Study Material 7th Lesson Trial Balance 47

TS Inter 1st Year Physics Study Material Chapter 1 భౌతిక ప్రపంచం

Telangana TSBIE TS Inter 1st Year Physics Study Material 1st Lesson భౌతిక ప్రపంచం Textbook Questions and Answers.

TS Inter 1st Year Physics Study Material 1st Lesson భౌతిక ప్రపంచం

అతిస్వల్ప సమాధాన ప్రశ్నలు

ప్రశ్న 1.
భౌతికశాస్త్రం అంటే ఏమిటి ?
జవాబు:
భౌతికశాస్త్రం ప్రకృతి సహజమైన దృగ్విషయాలను అధ్యయనం చేస్తూ, పరిశీలనలు మరియు ప్రయోగాల ద్వారా ప్రకృతిని నియంత్రించే నియమాలను తెలియచేసే శాస్త్రము.

ప్రశ్న 2.
సి.వి. రామన్ ఆవిష్కరణ ఏమిటి ? (మార్చి 2014, మే 2014)
జవాబు:
భౌతిక శాస్త్రానికి (సి.వి. రామన్ అందించిన ఆవిష్కరణ రామన్ ప్రభావము.) ఇది “యానకంలోని అణువులు కంపన శక్తి స్థాయిలలోకి ఉద్రిక్తం చెందినపుడు జరిగే కాంతి పరిక్షేపణం” గురించి వివరిస్తుంది.

TS Inter 1st Year Physics Study Material Chapter 1 భౌతిక ప్రపంచం

ప్రశ్న 3.
ప్రకృతిలో ప్రాథమిక బలాలు ఏవి ?
జవాబు:
ప్రకృతిలో ప్రాథమిక బలాలు :

  1. గురుత్వాకర్షణ బలం,
  2. విద్యుదయస్కాంత బలాలు,
  3. ప్రబల కేంద్రక బలాలు,
  4. దుర్బల కేంద్రక బలాలు.

ప్రశ్న 4.
క్రింది వాటిలో దేనికి సౌష్ఠవం ఉంది ?

  1. గురుత్వ త్వరణము,
  2. గురుత్వాకర్షణ నియమము

జవాబు:

  1. గురుత్వ త్వరణం ప్రదేశాన్ని బట్టి మారుతుంది. అందువల్ల ఇది సౌష్ఠవమైనది కాదు.
  2. గురుత్వాకర్షణ నియమము సౌష్ఠవమైనది. ఎందుకంటే ఇది ఏ భౌతికరాశి వలన ప్రభావం చెందదు.

TS Inter 1st Year Physics Study Material Chapter 1 భౌతిక ప్రపంచం

ప్రశ్న 5.
భౌతిక శాస్త్రానికి ఎస్. చంద్రశేఖర్ చేసిన అంశదానం ఏమిటి ?
జవాబు:
భౌతిక శాస్త్రానికి చంద్రశేఖర్ చేసిన అంశదానము నక్షత్రాల నిర్మాణము, పరిణామక్రమాల వివరణ మరియు చంద్రశేఖర్ పరిమితి.

చంద్రశేఖర్ పరిమితి, నక్షత్రాల నిర్మాణం మరియు పరిణామంను ఆధ్యానం చేసారు.

TS Inter 1st Year Physics Notes Chapter 6 పని, శక్తి, సామర్ధ్యం

Here students can locate TS Inter 1st Year Physics Notes 6th Lesson పని, శక్తి, సామర్ధ్యం to prepare for their exam.

TS Inter 1st Year Physics Notes 6th Lesson కణాల పని, శక్తి, సామర్ధ్యం

→ అదిశా లబ్ధము : A̅, B̅ అను రెండు సదిశల బిందు లబ్ధము A̅ dot B̅ ను A̅ B̅ గా వ్రాస్తారు.
Ā. B̅ = |Ā|. |B̅| cos θ గా నిర్వచించినారు.
ఇందులో A̅ cos θ అనునది B̅ వెంబడి A యొక్క అంశ లేదా B̅ cos θ అనునది A̅ వెంబడి B̅ యొక్క అంశ
రెండు సదిశల బిందు లబ్ధము అదిశ. దీనికి దిశ ఉండదు.
ఉదా : పని W = F̅. S̅ = F.S cos θ

→ బిందు లబ్ధము ధర్మాలు :

→ బిందు లబ్ధము స్థిత్యంతర న్యాయాన్ని పాటిస్తుంది. అనగా A̅. B̅ = B̅. A̅

→ బిందు లబ్దము విభాగ న్యాయాన్ని పాటిస్తుంది.
అనగా A̅. (B̅ + C̅) = A̅B̅ + A̅.C̅ మరియు A̅. (λB̅) = λ(A̅.B̅)

→ బిందు లబ్ధము సాహచర్య న్యాయాన్ని పాటిస్తుంది.
A̅ + (B̅ + C̅) = (A̅ + B̅) + C̅

→ ఏదైనా సదిశను x, y మరియు z అక్షముల వెంబడి ప్రమాణ సదిశలు i̅, j̅ మరియు k̅ లతో సూచిస్తే సజాతి ప్రమాణ సదిశల బిందు లబ్ధము i̅.i̅ = 1, j̅. j̅ = 1, k̅ . k̅ = 1
విజాతి ప్రమాణ సదిశల బిందు లబ్ధము సున్న
i̅. j̅ – j̅. k̅ = k̅ . i̅ = 0

→ రెండు సదిశలు పరస్పర లంబాలు ఐతే వాటి బిందు లబ్ధము సున్న.

→ పని : ఏదైనా బలం వస్తువు మీద పనిచేసి బలప్రయోగ దిశలో దానిని స్థానభ్రంశం చెందించితే బలం పనిచేసింది అంటారు.
పని W = F.S. (F, S లు ఒకే దిశలో ఉంటే)
లేదా పని W = FS cos θ (‘θ’ బలము F మరియు స్థానభ్రంశము S ల మధ్యకోణము. సదిశలలో పనిని W = F̅.S̅. = FS cos θ గా చెపుతారు. పని అదిశరాశి ప్రమాణము కి.గ్రా.మీ2/సె2 దీనిని జౌల్ (J) అంటారు.
గమనిక : పని ఎల్లప్పుడూ ధనాత్మకమే. బలము, స్థానభ్రంశాలు వ్యతిరేక దిశలో ఉన్నపుడు లేదా వాటి మధ్య కోణము θ > 90 ఐతే పనిని ‘-‘ గుర్తుతో సూచిస్తారు. కాని పని విలువ ధనాత్మకంగానే తీసుకోవాలి.

TS Inter 1st Year Physics Notes Chapter 6 పని, శక్తి, సామర్ధ్యం

→ స్థిరబలం అనేది చాలా అరుదైన భావన. మనం సాధారణంగా చరబలాన్ని లెక్కలోనికి తీసుకుంటాము. చరబలం వల్ల జరిగిన మొత్తం పని
W = \({Lt}_{\Delta x \rightarrow 0} \sum_{\mathbf{x}_1}^{\mathrm{x}_i}\)F(x) Δx = \(\int_{x_1}^{x_i}\)F(x)dx

→ చరబలం చేసిన పని : ఒక స్థిరబలం F(x) వస్తువుపై పనిచేసి దానిని Ax స్థానభ్రంశం చెందించితే అది జరిపిన పని
ΔW = F(x) Δx

→ గతిజశక్తి : గమనంలో ఉన్న వస్తువుకు గల శక్తిని గతిజశక్తి అంటారు.
గతిజశక్తి KE = \(\frac{1}{2}\)mυ2, ప్రమాణము = జౌల్ (J)
ఉదా : కదులుతున్న వస్తువులన్నింటికి గతిజశక్తి ఉంటుంది.
గమనిక : వస్తువులో నిలువ ఉన్న పనినే శక్తి అంటారు. కావున పని, శక్తిలకు మితి ఫార్ములా, ప్రమాణము ఒక్కటే.

→ గతిజశక్తి, ద్రవ్యవేగాల మధ్య సంబంధము :
గతిజశక్తి_KE = \(\frac{1}{2}\)mυ2,
ద్రవ్యవేగము P = mu
∴ KE = \(\frac{1}{2}\)mυ2 = \(\frac{1}{2} \frac{m^2 v^2}{m}=\frac{p^2}{2 m}\)

→ స్థితిజ శక్తి : వస్తువు స్థానం వల్ల గాని, విన్యాసం వల్ల గాని వస్తువులో నిలువ ఉన్న శక్తిని స్థితిజశక్తి అంటారు.
ఉదా : కొంత ఎత్తులో ఉన్న రాయి, సాగదీయబడిన రబ్బరు ముక్క వంటివి. వస్తువు స్థితిశక్తిని PE = mgh అను సమీకరణంతో కొలుస్తారు.
ఏకమితీయ నిత్యత్వ బలానికి స్థితిశక్తి ప్రమేయం υ(X) ను F(x) = \(\frac{d}{d x}\) v(x) లేదా vi – v1 = \(\int_{x_1}^{x_1}\)F(x) dx అని వ్రాస్తారు.

→ పని-శక్తి సిద్ధాంతము : ఒక కణం లేదా వ్యవస్థపై నికర బలం వల్ల జరిగిన పని దాని గతిజశక్తుల భేదమునకు సమానము.
పని-శక్తి సిద్ధాంతపు గణిత రూపం
W = Kf – Ki = \(\frac{1}{2}\)mu2 = F.d

→ నిత్యత్వ బలాలు :

  • వస్తువుపై బలం చేసిన పని వస్తువు పథంపై ఆధారపడకుండా దాని తొలి, తుది స్థానాలపై (xi, xf) మాత్రమే ఆధారపడినపుడు
  • వస్తువు అనియత సంవృత పథం వెంబడి ప్రయాణించి మరల ఆరంభ బిందువును చేరినపుడు ఆ వస్తువుపై జరిగిన పని శూన్యమైతే అటువంటి బలాలను నిత్యత్వ బలాలు అంటారు. ఉదా : గురుత్వ క్షేత్రంలో జరిగిన పని.

→ అనిత్యత్వ బలాలు : ఒక వస్తువుపై జరిగిన పని లేదా గతిజ శక్తి లేదా వేగం వస్తువు ప్రయాణించిన ప్రత్యేక పథం వంటి కారకాలపై ఆధారపడితే ఆ బలాన్ని అనిత్యత్వ బలం అంటారు.
ఉదా : ఘర్షణ బలాలకు వ్యతిరేకంగా జరిగిన పని.

→ యాంత్రిక శక్తి నిత్యత్వము : ఒక వ్యవస్థపై పనిచేసే బలాలు నిత్యత్వ బలాలు ఐతే ఆ వ్యవస్థ మొత్తం యాంత్రిక శక్తి నిత్యత్వమవుతుంది.

TS Inter 1st Year Physics Notes Chapter 6 పని, శక్తి, సామర్ధ్యం

→ స్ప్రింగ్ స్థితిజశక్తి : ఆదర్శ స్ప్రింగ్కు బలం (F) స్థానభ్రంశం ‘x’ కి అనులోమానుపాతంలో ఉంటుంది.
Fs = -Kx.
స్ప్రింగ్లో నిలవ ఉన్న స్థితిజ శక్తి = బలం చేసిన పని.
Ws = \(\int_0^{x_m}\)Fsdx = –\(\int_0^{x_m}\)K.x.dx = –\(\frac{1}{2}\)Kxm
ఇందులో xm = స్ప్రింగ్లో సాగుదల, స్ప్రింగ్లో నిలువ ఉన్న శక్తి తొలి, తుది స్థానాల పై ఆధారపడుతుంది. కావున స్ప్రింగ్ ్బలం నిత్యత్వబలం సమతా స్థితి స్థానం వద్ద వడి vm = \(\sqrt{\frac{\mathrm{k}}{\mathrm{m}}}\)xm m స్ప్రింగ్కు తగిలించిన ద్రవ్యరాశి.

→ శక్తినిత్యత్వ నియమము : ఏదైనా వ్యవస్థపై పనిచేసే బలాలు నిత్యత్వ బలాలు ఐతే ఆ వ్యవస్థ మొత్తం యాంత్రిక శక్తి నిత్యత్వమవుతుంది. యాంత్రికశక్తి

  • గమనంపై ఆధారపడే గతిజశక్తిగాను
  • వస్తువు విన్యాసంపై ఆధారపడే స్థితిశక్తిగాను ఉంటుంది.

కావున “ఏదైనా వ్యవస్థపై పనిచేసే బలాలు నిత్యత్వ బలాలు ఐతే వ్యవస్థకు గల మొత్తం శక్తి (స్థితిజ శక్తి + గతిజ శక్తి) స్థిరము. దీనిని సృష్టించడం కాని, నాశనం చేయడంగాని సాధ్యపడదు.”
గమనిక : వ్యవస్థపై అనిత్యత్వ బలాలు పనిచేస్తే కొంత భాగం ఉష్ణం, ధ్వని లేదా కాంతి వంటి రూపాలలో నష్టమవుతుంది.

→ రసాయనిక శక్తి : రసాయనిక చర్యలో పాల్గొనే వేరు వేరు అణువులకు గల బంధన శక్తుల వల్ల రసాయనశక్తి ఏర్పడుతుంది.

→ ఉష్ణమోచక చర్య : చర్యలో పాల్గొనే క్రియాజన్యాల మొత్తం శక్తి కన్నా క్రియాజనకాల శక్తి ఎక్కువ ఐతే ఆ చర్యలో శక్తి విడుదల అవుతుంది. దీనిని ఉష్ణమోచక చర్య అంటారు.

→ ఉష్ణగ్రాహక చర్య : చర్యలో పాల్గొనే క్రియాజన్యాల మొత్తం శక్తి కన్నా క్రియాజనకాల మొత్తం శక్తి తక్కువ ఐతే ఆ చర్యలో ఉష్ణశక్తి గ్రహింపబడుతుంది. దీనిని ఉష్ణగ్రాహక చర్య అంటారు.

→ విద్యుత్ శక్తి : ఎలక్ట్రాన్ల సమూహం ఒక చోట నుండి మరొక చోటుకు ప్రవహించడాన్ని విద్యుత్ ప్రవాహమంటారు. విద్యుత్ ప్రవాహం వల్ల లభించే శక్తిని విద్యుత్ శక్తి అంటారు.

→ ద్రవ్యరాశి-శక్తి తుల్యత లేదా ద్రవ్యరాశి శక్తి తుల్యతా నియమము : ద్రవ్యరాశి మరియు శక్తుల మధ్య సంబంధము E = mc2. దీనిని ఐన్స్టీన్ ప్రతిపాదించినాడు.

→ కేంద్రకశక్తి : కేంద్రక విచ్ఛిత్తి, సంలీన చర్యలలో క్రియాజనకాల మొత్తం ద్రవ్యరాశి కన్నా క్రియాజన్యాల మొత్తం ద్రవ్యరాశి తక్కువ. ఈ ద్రవ్యరాశిలోని తరుగుదల E = mc2 నియమం ప్రకారము శక్తిగా మారుతుంది. కేంద్రక చర్యలలో విడుదల అయిన ఈ శక్తిని కేంద్రకశక్తి అంటారు.

→ అభిఘాతాలు (Collisions) : గమనంలో ఉన్న వస్తువు మరొక వస్తువును ఢీ కొన్నపుడు దాని శక్తిలో మార్పులు సంభవిస్తాయి. ఈ రకమైన భౌతిక ప్రక్రియను అభిఘాతాలు అంటారు. ఇవి రెండు రకాలు.

  • స్థితిస్థాపక అభిఘాతము
  • అస్థితిస్థాపక అభిఘాతము.

→ స్థితిస్థాపక అభిఘాతాలు : స్థితిస్థాపక అభిఘాతాలు

  • ద్రవ్యవేగ నిత్యత్వ నియమాన్ని
  • శక్తి నిత్యత్వ నియమాన్ని పాటిస్తాయి. ఇటువంటి అభిఘాతాలలో శక్తి నష్టము ఉండదు.

TS Inter 1st Year Physics Notes Chapter 6 పని, శక్తి, సామర్ధ్యం

→ అస్థితిస్థాపక అభిఘాతాలు : ఈ రకమైన అభిఘాతాలు ద్రవ్యవేగ నిత్యత్వ నియమాన్ని మాత్రమే పాటిస్తాయి. ఈ విధమైన అభిఘాతాలలో శక్తి నష్టం ఉంటుంది.

→ ప్రత్యవస్థాన గుణకము (e) : అభిఘాతం పిమ్మట వస్తువులు విడిపోయే వేగము (υ2 – υ1) మరియు అభిఘాతము ముందు వస్తువులు పరస్పరం సమీపించే వేగము (u2 – u1) ల నిష్పత్తిని ప్రత్యవస్థాన గుణకముగా నిర్వచించినారు. దీనికి మితులు, ప్రమాణాలు లేవు.
ప్రత్యవస్థాన గుణకము e = \(\frac{v_2-v_1}{u_1-u_2}\)
సంపూర్ణ స్థితిస్థాపక అభిఘాతాలకు e = 1
సంపూర్ణ అస్థితిస్థాపక అభిఘాతాలకు e = 0

→ ఏకమితీయ అభిఘాతాలు : ఒకే సరళరేఖ వెంబడి చలించే వస్తువుల మధ్య గల అభిఘాతాలను ఏకమితీయ అభిఘాతాలు అంటారు. ఇటువంటి అభిఘాతాలలో వస్తువులు అభిఘాతం ముందు, అభిఘాతం తరువాత ఒకే సరళరేఖ వెంబడి చలిస్తున్నట్లు భావిస్తారు. ఇవి రేఖీయ ద్రవ్యవేగ నిత్యత్వ నియమాన్ని పాటిస్తాయి.

→ ద్విమితీయ అభిఘాతాలు : ఒక సమతలంలో చలించే వస్తువు చలనాన్ని పరస్పర లంబదిశలో గల రెండు అక్షముల (x, y) పరంగా వివరిస్తారు. ఒక సమతలంలో చలించే రెండు వస్తువులు అభిఘాతం చెందిన తరువాత కూడా ఆ సమతలంలోనే చలిస్తే అటువంటి అభిఘాతాలను ద్విమితీయ అభిఘాతాలు అంటారు. గమనిక : ద్విమితీయ అభిఘాతాలను వివరించడానికి x-దిశ, y-దిశలలో అంశ వేగాలు కనుగొని రెంటికి విడివిడిగా ద్రవ్యవేగ నిత్యత్వ నియమాన్ని వర్తింపచేసి తుది వేగాలను కనుగొంటారు. ఫలిత వేగాన్ని v = \(\sqrt{v_x^2+v_y^2}\), ద్వారా లెక్కిస్తారు.

→ సామర్ధ్యము (P) : పని జరిగే రేటును సామర్థ్యము అంటారు.
TS Inter 1st Year Physics Notes Chapter 6 పని, శక్తి, సామర్ధ్యం 1
= ప్రమాణము వాట్. సామర్ధ్యము అదిశరాశి. మితి ఫార్ములా ML2T-3
గమనిక : సామర్థ్యము P = \(\frac{\mathrm{dW}}{\mathrm{dt}}=\overrightarrow{\mathrm{F}} \cdot \frac{\mathrm{dr}}{\mathrm{dt}}=\overline{\mathrm{F}} \cdot \overline{\mathrm{V}}\) అని కూడా చెప్పవచ్చు.

→ కిలోవాట్ గంట (K.W.H.) : సెకనుకు 1000 జౌల్ చొప్పున ఏకధాటిగా ఒక గంటసేపు పని జరిపితే ఆ పని మొత్తాన్ని ఒక కిలోవాట్ గంట అని వ్యవహరిస్తారు. ఇది విద్యుచ్ఛక్తిని కొలవడానికి ప్రమాణము (1 యూనిట్ అని అంటారు).
1 K.W.H. = 1 unit = 1000 × 1 గం. = 1000 × 60 × 60 = 3.6 × 106 జౌల్

→ అశ్వ సామర్థ్యము (H.P.) : 746 వాట్ల ను ఒక అశ్వసామర్థ్యము అంటారు.
1 అశ్వ సామర్థ్యము H.P. = 746 వాట్.

→ పని W = F.S. (F, S లు ఒకే సరళరేఖలో ఉంటే)
పని W = F.S. cos θ (F, S ల మధ్యకోణము ‘9’ ఐతే)
మారుతున్న బలం (చరబలం) పనిచేసినపుడు W = ∫F.dx

→ సామర్థ్యము
TS Inter 1st Year Physics Notes Chapter 6 పని, శక్తి, సామర్ధ్యం 2

→ స్థితిజ శక్తి PE = mgh

→ గతిజశక్తి KE = \(\frac{1}{2}\)mv2

TS Inter 1st Year Physics Notes Chapter 6 పని, శక్తి, సామర్ధ్యం

→ గతిజశక్తి, ద్రవ్యవేగాల మధ్య సంబంధం KE = \(\frac{\mathrm{p}^2}{2 \mathrm{~m}}\) లేదా p = \(\sqrt{2 \mathrm{~m} \cdot \mathrm{KE}}\)

  • పని శక్తి సిద్ధాంత ప్రకారము W = \(\frac{1}{2}\)mv2 – \(\frac{1}{2}\)mu2 = KEf – KEi
  • స్థితిజశక్తిలో మార్పు వస్తే W = mgh2 – mgh1

→ మరతుపాకి లెక్కలలో జరిగిన పని W = n\(\frac{1}{2}\)mv2 (మొత్తం బుల్లెట్ ల గతిజశక్తి)

→ స్థితిస్థాపక అభిఘాతాలలో

  • u1 – u2 = v2 – v1
  • m1u2 + m2 u2 = m1v1 + m2v2
  • m1u12 + m2u22 = m1v12 + m2v22
  • మొదటి వస్తువు తుదివేగము v1 = \(\left[\frac{m_1-m_2}{m_1+m_2}\right]\)u1 + \(\left[\frac{2 m_2}{m_1+m_2}\right]\)u2
  • రెండవ వస్తువు తుది వేగము v2 = \(\left[\frac{2 m_1}{m_1+m_2}\right]\)u1 + \(\left[\frac{m_2-m_1}{m_1+m_2}\right]\)u2

→ సంపూర్ణ అస్థితిస్థాపక అభిఘాతానికి v = \(\frac{\mathrm{m}_1 \mathrm{u}_1+\mathrm{m}_2 \mathrm{u}_2}{\mathrm{~m}_1+\mathrm{m}_2}\)

→ ప్రత్యవస్థాన గుణకము ‘e’
TS Inter 1st Year Physics Notes Chapter 6 పని, శక్తి, సామర్ధ్యం 3

→ వస్తువును h ఎత్తు నుండి కిందికి జారవిడిస్తే

  • వస్తువు భూమిని సమీపించు వేగము u = \(\sqrt{2 g h}\)
  • వస్తువు h1 ఎత్తు నుండి పడి భూమిని తాకి మరల h2 ఎత్తుకు లేస్తే e = \(\sqrt{\frac{\mathrm{h}_2}{\mathrm{~h}_1}}\)
  • వస్తువుకు భూమి నుండి నిగమ వేగము v = – e \(\sqrt{2 \mathrm{gh}}\)
  • n అభిఘాతాల తరువాత పైకి లేచిన ఎత్తు hn = e2nh.

→ ఐన్స్టీన్ ‘ద్రవ్యరాశి – శక్తి నియమము E = mc2

→ సదిశలలో బిందు లబ్ధము A̅. B̅ = |A̅|. |B̅| cos θ

TS Inter 1st Year Physics Notes Chapter 7 కణాల వ్యవస్థలు, భ్రమణ గమనం

Here students can locate TS Inter 1st Year Physics Notes 7th Lesson కణాల వ్యవస్థలు, భ్రమణ గమనం to prepare for their exam.

TS Inter 1st Year Physics Notes 7th Lesson కణాల వ్యవస్థలు, భ్రమణ గమనం

→ ద్రుఢ వస్తువు : పరిపూర్ణమైన, నిర్దిష్టమైన మార్పుచెందని ఆకారం కలిగి ఉండే వస్తువును ఒక ద్రుఢ వస్తువుకు ఆదర్శ నమూనాగా తీసుకుంటారు. ఇటువంటి వస్తువులో కణముల మధ్య దూరము మారదు అని భావిస్తారు.

→ స్థానాంతరణ గమనము : ఈ విధమైన చలనంలో వస్తువు మొత్తం ఒకచోటు నుండి మరొకచోటుకు స్థానభ్రంశం చెందుతుంది.

→ శుద్ధ స్థానాంతరణ గమనంలో ఏ క్షణంలోనైనా వస్తువులోని అన్ని కణాలు ఒకే వేగాన్ని కలిగి ఉంటాయి.

→ భ్రమణాక్షము : వస్తువు స్థానాంతరణ చలనం నిరోధించడానికి దానిని ఒక సరళరేఖపరంగా స్థిరంగా ఉంచాలి. కాని వస్తువు ఇటువంటి సరళరేఖపరంగా తనచుట్టూ తాను తిరిగే అవకాశం ఉంది.
“వస్తువు తన చుట్టూ తాను ఏ సరళరేఖపరంగా చలించుతుందో దానిని భ్రమణాక్షము అంటారు”.

→ భ్రమణ గమనము : ఒక స్థిరమైన అక్షం పరంగా భ్రమణం చెందే ద్రుఢ వస్తువులోని కణాలు భ్రమణ అక్షానికి లంబతలంలో భ్రమణాక్షంపై గల బిందువులను కేంద్రంగా చేసుకొని నియమిత వృత్తాకారమార్గంలో చలిస్తాయి. ఈ విధమైన చలనాన్ని భ్రమణ గమనము అంటారు.

Note :

  • కొన్ని సందర్భాలలో భ్రమణ గమనము స్థిరమైన అక్షం వెంబడి కాకుండా ఒక స్థిర బిందువు ఆధారంగా కూడా ఉండవచ్చు.
  • కీలకంలేని లేదా భ్రమణాక్షం స్థిరంగా బిగించకుండా ఉన్న ద్రుఢ వస్తువు గమనం కేవలం స్థానాంతరణ గమనం లేదా స్థానాంతరణ గమనము మరియు భ్రమణ గమనముల సంయోగాన్ని కలిగి ఉంటుంది. వస్తువును ఏదో విధంగా బిగించితే దానికి భ్రమణ గమనం మాత్రమే ఉంటుంది.

→ ద్రవ్యరాశి కేంద్రము : ఏదైనా వస్తువు లేదా కణ వ్యవస్థ మొత్తం ద్రవ్యరాశి ఒక బిందువు వద్ద కేంద్రీకృతమైనట్లుగా భావిస్తే అటువంటి బిందువును ద్రవ్యరాశి కేంద్రం అంటారు. అన్ని బాహ్యబలాలు ఇటువంటి బిందువు వద్దనే ప్రయోగించినట్లుగా ఆ వస్తువు లేదా వ్యవస్థ గమనంలో ఉంటుంది.

→ గరిమనాభి : వస్తువులోని ఏ బిందువు పరంగా మొత్తం గురుత్వ బలభ్రామకం శూన్యమవుతుందో ఆ బిందువును వస్తువు గరిమనాభిగా నిర్వచించవచ్చు.
గరిమనాభివద్ద నికర బలభ్రామకం τ = Σ(ri × mi) g = 0

→ ద్రవ్యరాశి కేంద్ర నిరూపకాలు : m1, m2 క అను రెండు వస్తువులు ఒక మూల బిందువు నుండి x1, x2 దూరాలలో ఉంటే ఆ వ్యవస్థ ద్రవ్యరాశి కేంద్రము xc = \(\frac{m_1 x_1+m_2 x_2}{m_1+m_2}\)
అనగా ద్రవ్యరాశి కేంద్రము మూలబిందువు నుండి వస్తువులోని అన్నికణముల ద్రవ్యరాశి భ్రామకాల మొత్తము మరియు వస్తువు ద్రవ్యరాశికి గల నిష్పత్తిగా భావించవచ్చు.

Note:

  • సమాన ద్రవ్యరాశులు గల రెండు వస్తువులు m, m లు ‘x’ దూరంలో ఉంటే వాటి ద్రవ్యరాశి కేంద్రం కచ్చితంగా వాటి మధ్య బిందువు వద్ద ఉంటుంది.
  • మూడు సమాన ద్రవ్యరాశులు గల వస్తువులను ఒక త్రిభుజం శీర్షాల వద్ద ఉంచితే ఆ వ్యవస్థ ద్రవ్యరాశి కేంద్రం ఆ త్రిభుజ కేంద్రాభం (centroid) వద్ద ఉంటుంది.
    ద్రవ్యరాశి కేంద్ర నిరూపకాలకు సమీకరణాలు. అనేక వస్తువులు లేదా కణాలు m1, m2, త్రిదిశాత్మకంగా తీసుకుంటే ఆ వ్యవస్థ ద్రవ్యరాశి కేంద్ర x, y మరియు z నిర్దేశకాలు

TS Inter 1st Year Physics Notes Chapter 7 కణాల వ్యవస్థలు, భ్రమణ గమనం 1

TS Inter 1st Year Physics Notes Chapter 7 కణాల వ్యవస్థలు, భ్రమణ గమనం

→ ద్రవ్యరాశి కేంద్ర లక్షణాలు :

  • వ్యవస్థ మొత్తం ద్రవ్యరాశి దాని ద్రవ్యరాశి కేంద్రం వద్దనే కేంద్రీకృతమైనట్లుగా ప్రవర్తిస్తుంది.
  • వ్యవస్థపైగల మొత్తం బాహ్యబలం ద్రవ్యరాశి కేంద్రం వద్దనే ప్రయోగించినట్లుగా వస్తువు ప్రవర్తన ఉంటుంది. బాహ్య = M. ‘a’; ‘a’ ద్రవ్యరాశి కేంద్రత్వరణము.
  • అంతర్గత బలాలు ద్రవ్యరాశి కేంద్ర గమనాన్ని ప్రభావితం చేయలేవు.
  • స్థానాంతరణ మరియు భ్రమణ గమనం కలిగి ఉన్న సంక్లిష్ట చలనాలలో, ద్రవ్యరాశి కేంద్రం స్థానాంతరణ గమనమే. వస్తువు మొత్తం స్థానాంతరణ గమనం అవుతుంది.
  • ఒక కణ వ్యవస్థ మొత్తం ద్రవ్యవేగము ఆ వ్యవస్థ మొత్తం ద్రవ్యరాశి మరియు ద్రవ్యరాశి కేంద్రాల వేగాల లబ్ధానికి సమానము p̅ = MV.
  • ద్రవ్యరాశి కేంద్ర నిరూపకాలు మనం ఎంచుకున్న నిర్దేశచట్రంపై ఆధారపడవు.

→ సదిశల సదిశా లబ్ధము : రెండు సదిశలు ā మరియు b̅ లను మరల సదిశ ఏర్పడేవిధంగా గుణించడాన్ని సదిశల సదిశాలబ్ధము అంటారు. దీనిని ā cross b̅ అని అంటారు.
ā × b̅ = |ā||b̅| sinθ. n̅ ఇందులో n̅ ఇచ్చిన సదిశల తలానికి లంబదిశలో గల ప్రమాణ సదిశ.
Note : సదిశల సదిశా లబ్ధము ā × b̅ ను వజ్రంబ్ధము అని కూడా అంటారు.

సదిశా లబ్ధ నియమాలు :

  • సదిశా లబ్ధము స్థిత్యంతర న్యాయాన్ని పాటించదు. అనగా ā × b̅ + b̅ × ā కాని ā × b̅ = – (b̅ × ā)
  • సదిశా లబ్దము విభాజక న్యాయాన్ని పాటిస్తుంది అనగా ā × (b̅ + c̅) = (a̅ × b̅) + (a̅ × c̅)
  • ఏవైనా సదిశలను i̅, j̅ మరియు K̅ల సంయోగంగా చూపినపుడు సదిశాలబ్ధము కుడిచేతి మర నిబంధనను పాటిస్తుంది.
  • ఒక తలంలో గల రెండు ప్రమాణ సదిశలను సవ్యదిశలో గుణిస్తే అది ఆ తలానికి లంబదిశలో గల వేరొక ప్రమాణ సదిశను ఇస్తుంది.
    అనగా i × j = k, j × k = i మరియు k × i = j
    రెండు ప్రమాణ సదిశలను అపసవ్యదిశలో గుణిస్తే – గుర్తుతో మూడవ ప్రమాణ సదిశను ఇస్తుంది. j × i = -k, k × j = -i, k × t = -j.
  • సమాంతర ప్రమాణ సదిశల సదిశా లబ్ధము సున్న
    అనగా i × i = j × J = k × k = 0

→ కోణీయ స్థానభ్రంశము (θ) : భ్రమణ గమనంలో ఉన్న వస్తువు వృత్త కేంద్రం వద్ద చేసిన కోణాన్ని కోణీయ స్థానభ్రంశము ‘θ’ అంటారు. ప్రమాణము రేడియన్.
కోణీయ వేగము (ω) : కోణీయ స్థానభ్రంశంలోని మార్పు రేటును కోణీయవేగం అంటారు.
కోణీయ వేగములు α = \(\frac{\mathrm{d} \theta}{\mathrm{dt}}\) ప్రమాణము రేడియన్ / సెకను
Note : భ్రమణ గమనంలో ఉన్న వస్తువులోని అన్ని కణాలు ఒకే పరిమాణం గల కోణీయ స్థానభ్రంశము (θ) మరియు కోణీయ వేగము (ω) వంటి రాశులను కలిగి ఉంటాయి.

→ కోణీయ త్వరణము : కోణీయ వేగంలో మార్పు రేటును కోణీయ త్వరణం అంటారు.
కోణీయ త్వరణము α = \(\frac{d \omega}{d t}=\frac{d^2 \theta}{d t^2}\) ప్రమాణము రేడియన్ / సె2

→ బలభ్రామకము లేదా టార్క్ (τ) : మూలబిందువు (0) పరంగా స్థాన సదిశను r̅ కలిగిన ఒక వస్తువు లేదా కణంపై బలము F̅ ను ప్రయోగిస్తే, r̅ మరియు F̅ ల వజ్రలబ్ధాన్ని టార్క్
టార్క్ τ = r̅ × F̅ = |r̅||F|sin θ n̅
టార్క్ సదిశరాశి. దీని దిశ I, F ల తలానికి లంబంగా ఉంటుంది.
టార్క్క ప్రమాణము న్యూటన్ – మీటరు. D.F = ML2 T-2
Note : టార్క్ పని, శక్తిలకు మితిఫార్ములాలు ఒక్కటే.

→ కోణీయ ద్రవ్యవేగము (1) : m ద్రవ్యరాశి గల ఒక కణం ద్రవ్యవేగము మరియు అది మూలబిందువు నుండి 7 దూరంలో ఉంటే P మరియు T ల వజ్ర లబ్దాన్ని కోణీయ ద్రవ్యవేగంగా నిర్వచించినారు.
కోణీయ ద్రవ్యవేగము ‘L’ = r̅ × p̅ = |r̅||p̅|sin θ. n̅ ఇది సదిశరాశి. D.F = ML2T-1

→ L, α ల మధ్య సంబంధము : కోణీయ ద్రవ్యవేగంలోని మార్పురేటు వస్తువుపై ప్రయోగించిన బాహ్య టార్కుక సమానము.
టార్కు τ = \(\frac{d \overline{\mathrm{L}}}{d \mathrm{t}}=\frac{\mathrm{d}}{\mathrm{dt}}\)(r̅ × p̅)

→ కోణీయ ద్రవ్యవేగనిత్యత్వ నియమము : ఏదైనా వస్తువు లేదా కణంపై ప్రయోగించిన బాహ్య టార్క్ సున్న అయితే ఆ వస్తువు కోణీయ ద్రవ్యవేగము స్థిరము.
అనగా బాహ్య టార్క్ సున్న అయితే వ్యవస్థలో గల కణముల కోణీయ ద్రవ్యవేగములలో మొత్తం మార్పు సున్న i.e. τ = 0 అయితే
\(d \bar{L}_1+d \bar{L}_2+\ldots d \bar{L}_n=\sum_{1=1}^n d \bar{L}_1\) = 0
Note : కోణీయ ద్రవ్యవేగ నిత్యత్వ నియమము స్థానాంతరణ గమనంలోని రేఖీయ ద్రవ్యవేగ నిత్యత్వ నియమాన్ని పోలి ఉంటుంది.

→ ద్రుఢ వస్తువుల సమాతాస్థితి : కాలంతోపాటు వస్తువు రేఖీయ మరియు కోణీయ ద్రవ్యవేగాలు మార్పులేకుండా స్థిరంగా ఉంటే ఆ వస్తువుకు రేఖీయ త్వరణము మరియు టార్క్లు సున్న. అటువంటి వస్తువు సమతాస్థితిలో ఉన్నది అంటారు.

TS Inter 1st Year Physics Notes Chapter 7 కణాల వ్యవస్థలు, భ్రమణ గమనం

→ వస్తువు సమతాస్థితికి కావలసిన నియమాలు :

  • ఒక వస్తువుపై ప్రయోగించిన బలాల సదిశా మొత్తము సున్న కావలెను.
    \(\bar{F}_1+\bar{F}_2+\bar{F}_3+\bar{F}_n=\sum_{i=1}^n \bar{F}_i\) = 0 అయితే ఆ వస్తువు స్థానాంతరణ సమతాస్థితిని కలిగి ఉంటుంది.
  • ఏదైనా వస్తువుపై ప్రయోగించిన టార్క్ సదిశా మొత్తం సున్న అయితే ఆ వస్తువు భ్రమణ సమతాస్థితిని పొందుతుంది.
    τ1 + τ2 + …………. + τn = \(\sum_{i=1}^n {τ}_i\) = 0 అయితే ఆ వస్తువు భ్రమణ సమతాస్థితిలో ఉంటుంది.

→ బలభ్రామకముల సూత్రాలు : యాంత్రిక సమతాస్థితిలో ఉన్న ఒక వ్యవస్థ ఆధారం వద్ద కీలకం ప్రతిచర్యా బలం R మరియు బలాలు F1, F2, అయితే
TS Inter 1st Year Physics Notes Chapter 7 కణాల వ్యవస్థలు, భ్రమణ గమనం 2

  • స్థానాంతరణ సమతాస్థితి కోసం R – F1 – F2 = 0 అనగా ఊర్ధ్వదిశలో బలాలు మొత్తం, అధోదిశలో బలాల మొత్తానికి సమానము.
  • భ్రమణ సమతాస్థితి కోసం d1F1 – d2F2 = 0 అనగా ఊర్ధ్వ దిశలో బలభ్రామకాల మొత్తం అధో దిశలో బలభ్రామకాల మొత్తానికి సమానము.

→ యాంత్రిక లాభం : భ్రమణ సమతాస్థితి వద్ద d1F1 = d2F2, లేదా \(\frac{F_1}{F_2}=\frac{d_2}{d_1}\) దీనిని యాంత్రిక లాభం అంటారు. అనగా పెద్ద భారాన్ని చిన్న యత్నబలంతో ఎత్తవచ్చని అర్థము.

→ జడత్వ భ్రామకము (I) : భ్రమణ గమనంలో గల వస్తువు జడత్వాన్ని కొలవడానికి జడత్వ భ్రామకాన్ని వాడతారు. వస్తువు మొత్తం ద్రవ్యరాశి భ్రమణ అక్షం నుండి R దూరంలో ఉన్నదని భావిస్తే భ్రమణ అక్షపరంగా దాని జడత్వ భ్రామకము
I = MR2. ప్రమాణము కి.గ్రా. మీ2, D.F: ML2
Note : వస్తువు ద్రవ్యరాశిలాగా జడత్వ భ్రామకము స్థిరరాశి కాదు.
I విలువ భ్రమణాక్షము, వస్తువు ద్రవ్యరాశి మరియు వస్తువులో ద్రవ్యరాశి వితరణ (distribution) లపై ఆధారపడును.

→ భ్రమణ వ్యాసార్ధము (k) : ఏ బిందువు ద్రవ్యరాశి మొత్తం వస్తువు ద్రవ్యరాశికి సమానమో, ఏ బిందువువరంగా జడత్వభ్రామకం వస్తువు మొత్తం జడత్వ భ్రామకానికి సమానమో, ఆ బిందువు ద్వారా పోయే అక్షానికి, భ్రమణాక్షానికి మధ్య ఉన్న లంబదూరాన్ని ఆ అక్షపరంగా వస్తువు భ్రమణ వ్యాసార్ధంగా నిర్వచించినారు.

→ గతిపాలక చక్రం : వాహనాల వేగంలో హఠాత్తుగా వచ్చే మార్పులు నిరోధించడానికి అత్యధిక జడత్వ భ్రామకం కలిగిన వృత్తాకార బిళ్ళ చక్రాలను వాడతారు. వీటిని గతిపాలక చక్రాలు అంటారు. గతిపాలక చక్రం వేగంలో మార్పులు క్రమేణా కలిగేటట్లు చేసి వాహనాల కుదుపులను తగ్గిస్తుంది.

→ లంబాక్ష సిద్ధాంతము : ఒక పలక తలానికి లంబంగా ఉన్న ఒక అక్షపరంగా జడత్వ భ్రామకం ఆ అక్షంతో అనుషక్తంగా ఉన్న పలక తలంలోని రెండు పరస్పర లంబ అక్షముల పరంగా గల జడత్వ భ్రామకాల మొత్తానికి సమానము.
Iz = Ix + Iy

→ సమాంతరాక్ష సిద్ధాంతము : ఏదైనా ఒక అక్షం పరంగా ఒక వస్తువు జడత్వ భ్రామకం (I’z) ఆ అక్షానికి సమాంతరంగా ఉండి వస్తువు ద్రవ్యరాశి కేంద్రం ద్వారా పోయే అక్షపరంగా వస్తువు జడత్వ భ్రామకం (Iz) మరియు వస్తువు ద్రవ్యరాశి (m) ను అక్షముల మధ్యదూర వర్గం (R2) చేత గుణించి కలుపగా వచ్చు మొత్తానికి సమానము. అనగా I’z = Iz + MR2

→ దొర్లుడు గమనము : దొర్లుడు గమనము అనేది స్థానాంతరణ గమనము మరియు భ్రమణ గమనముల సంయోగము.

→ దొర్లుడు గమనం గతిజశక్తి (R.K.E) : దొర్లుడు గమనంలో ఉన్న వస్తువుకు స్థానాంతరణ గమనం వల్ల గతిజశక్తి (1/2mv2) మరియు భ్రమణ గమనం వల్ల భ్రమణ గతిజశక్తి (\(\frac{1}{2}\)Iω2) ఉంటాయి.
దొర్లుడు గమనంలో వస్తువు మొత్తం గతిజశక్తి K.ER = \(\frac{1}{2}\) mv2 + \(\frac{1}{2}\) Iω2

TS Inter 1st Year Physics Notes Chapter 7 కణాల వ్యవస్థలు, భ్రమణ గమనం

→ రెండు కణాల వ్యవస్థలో ద్రవ్యరాశులు m1, m2, వాటి స్థానాలు x1, మరియు x2 అయితే,
a) ద్రవ్యరాశి కేంద్రం నిరూపకాలు xc = \(\frac{m_1 x_1+m_2 x_2}{m_1+m_2}\)
b) నిరూపక వ్యవస్థ మూలబిందువు m1 తోటి ఏకీభవించితే
Xc = \(\frac{\mathrm{m}_2 \mathrm{x}_2}{\mathrm{~m}_1+\mathrm{m}_2}\) లేక xc = \(\frac{\mathrm{m}_2 \mathrm{x}_2}{\mathrm{~m}_1+\mathrm{m}_2}\) ఇక్కడ.d = m, m, ల మధ్యదూరం
c) ద్రవ్యరాశి కేంద్రం నుండి వస్తువుల దూరాల మధ్య నిష్పత్తి \(\frac{d_1}{d_2}=\frac{m_2}{m_1}\)

→ అనేక కణాల వ్యవస్థకు
TS Inter 1st Year Physics Notes Chapter 7 కణాల వ్యవస్థలు, భ్రమణ గమనం 3
f) ద్రవ్యరాశి కేంద్రం ద్రవ్యవేగం Pc = mvc = \(\sum_{\mathbf{l}=1}^{\mathbf{n}}\)mivi లేదా mvc = m1v1 + m2v2 + …….. + mnvn లేదా \(\overline{\mathrm{P}}_{\mathrm{C}}=\overline{\mathrm{P}}_1+\overline{\mathrm{P}}_2+\ldots . . \overline{\mathrm{P}}_{\mathrm{n}}\)

g) ద్రవ్యరాశి కేంద్రం త్వరణం a = \(\frac{F_C}{M}=\sum_{i=1}^n a_i m_i\)
∴ a = \(\frac{m_1 a_1+m_2 a_2+m_3 a_3+\ldots .+m_n a_n}{m_1+m_2+m_3+\ldots . .+m_n}\)

→ వజ్ర లబ్ధము (లేదా) సదిశా లబ్ధము : Ā × B̅ = |Ā| |B̅| sin θ. n̂ గా నిర్వచించినారు; n̂ ఏకాంక లంబ సదిశ.

→ సజాతి ఏకాంక సదిశల వజ్ర లబ్ధం సున్న. అనగా ī ī = j̅· j̅ = k̅·k̅ = 0
సమాంతర సదిశల మధ్య వజ్ర లబ్ధం శూన్యం.

→ i̅ × j̅ = k̅, j̅ × k̅ =j̅ మరియు k̅ × j̅ = j̅;
TS Inter 1st Year Physics Notes Chapter 7 కణాల వ్యవస్థలు, భ్రమణ గమనం 4

→ Ā = x1 ī + y1 j̅ + z1 k̅ మరియు B = x2 ī + y2 j̅ + z2 k̅ అయితే
Ā × B̅ = \(\left|\begin{array}{ccc}
\mathrm{i} & \mathrm{j} & \mathrm{k} \\
\mathrm{x}_1 & \mathrm{y}_1 & \mathrm{z}_1 \\
\mathrm{x}_2 & \mathrm{y}_2 & \mathrm{z}_2
\end{array}\right|\) = (y1z2 – y2z1) ī – (x1z2 – x2z1) j̅ + (x1y2 − x2y1)k̅

→ కోణీయ వేగం
TS Inter 1st Year Physics Notes Chapter 7 కణాల వ్యవస్థలు, భ్రమణ గమనం 5
ω = \(\frac{\theta}{t}\)
చిన్న కోణములకు ω = \(\frac{\mathrm{d} \theta}{\mathrm{dt}}\); యూనిట్ : రేడియన్ / సె
ω = \(\frac{\theta}{t}\) లేదా ω = \(\frac{\mathrm{d} \theta}{\mathrm{dt}}\); లేదా ω = \(\frac{2 \pi n}{t}\) (n = భ్రమణాల సంఖ్య)

→ కోణీయ త్వరణం
TS Inter 1st Year Physics Notes Chapter 7 కణాల వ్యవస్థలు, భ్రమణ గమనం 6
α = \(\frac{\omega_2-\omega_1}{t}\) లేదా α = \(\frac{\mathrm{d} \omega}{\mathrm{dt}}\), యూనిట్ : రేడియన్ / సె2

→ v మరియు ω మధ్య సంబంధము V = rω;

→ త్వరణము a = rα

→ అభికేంద్ర త్వరణము ac = rω2 = vω = \(\frac{\mathrm{v}^2}{\mathrm{r}}\); అపకేంద్ర బలం = \(\frac{\mathrm{mv}^2}{\mathrm{r}}\) = mrω2

→ తిరుగుతున్న గ్రామ్ ఫోన్ రికార్డుపై నాణెము నుంచిన అది జారిపోకుండా ఉండుటకు fs = μsN = mrω2
μsmg = mrω2 ⇒ μs = \(\frac{\mathrm{r} \omega^2}{\mathrm{~g}}\)

TS Inter 1st Year Physics Notes Chapter 7 కణాల వ్యవస్థలు, భ్రమణ గమనం

→ mద్రవ్యరాశి గల వస్తువు క్షితిజతలంలో వృత్తాకారంలో తిరుగుతూ M ద్రవ్యరాశి గల వస్తువు భారాన్ని నిలుపు చేసిన Mg = mrω2 లేదా కోణీయ వేగము ω = \(\sqrt{\frac{M g}{m r}}\)

→ టార్క్ τ = r̅ × F̅ = |r̅||F̅| sin θ. ఇది ఎంత శక్తితో వస్తువు తిప్పబడినదో తెలియజేస్తుంది.

→ బలయుగ్మ భ్రామకము బలము × బలదిశల మధ్య లంబదూరం.

→ జడత్వ భ్రామకము I = \(\sum_{i=1}^n\)miri2 లేదా I = MR2

→ జడత్వ భ్రామకము I = MR2 = MK2 అయిన, K ని భ్రమణ వ్యాసార్ధము అంటారు.

→ సమాంతర అక్ష సిద్ధాంతము నుండి I = IG + MR2

→ లంబ అక్ష సిద్ధాంతము నుండి Iz = Ix + Iy

→ సన్నని కడ్డీ జడత్వ భ్రామకము :
a) సన్నని కడ్డీ మధ్య బిందువు ద్వారా పోతూ పొడవుకు లంబముగా ఉన్న అక్షముపై జడత్వ భ్రామకము
I = \(\frac{\mathrm{M} l^2}{12}\); K = \(\frac{l}{\sqrt{12}}\)
b) కడ్డీ చివర ఉన్న బిందువు ద్వారా పోతూ పొడవుకు లంబంగా ఉన్న అక్షముపై జడత్వ భ్రామకం
I = \(\frac{\mathrm{m} l^2}{3}\); K = \(\frac{l}{\sqrt{3}}\)

→ రింగు జఢత్వ భ్రామకము :
a) రింగు కేంద్రము గుండాపోతూ దాని తలమునకు లంబంగా ఉన్న అక్షం పరంగా జడత్వ భ్రామకం I = MR2, K = R
b) ఏదైనా వ్యాసం పరంగా రింగు జడత్వ భ్రామకం I = \(\frac{\mathrm{MR}^2}{2}\); K = \(\frac{\mathrm{R}}{\sqrt{2}}\)
c) రింగు తలంలోని ఏదైనా స్పర్శరేఖ పరంగా జడత్వ భ్రామకం I = \(\frac{3}{2}\)MR2; K = \(\sqrt{\frac{3}{2}}\)R

→ గుండ్రని పళ్ళెము జడత్వ భ్రామకం :
a) గుండ్రని పళ్ళెం కేంద్రం గుండా పోతూ తలానికి I = \(\frac{\mathrm{MR}^2}{2}\); K = \(\frac{\mathrm{MR}^2}{2}\)
లంబంగా ఉన్న అక్షం పరంగా జడత్వ భ్రామకం
b) పళ్ళెంలోని ఏదైనా వ్యాసం పరంగా జడత్వ భ్రామకం I = \(\frac{\mathrm{MR}^2}{4}\); K = \(\frac{\mathrm{R}}{2}\)
c) పళ్ళెం తలంలోని స్పర్శరేఖ పరంగా జడత్వ భ్రామకం I = \(\frac{5}{4}\)MR2; K = \(\frac{5}{4}\)R

→ సమతల పటలము యొక్క జడత్వ భ్రామకము :
a) సమాంతరంగా మధ్యబిందువు ద్వారా పోయే అక్షం పరంగా I = M\(\sqrt{\frac{l^2+b^2}{12}}\); K = \(\sqrt{\frac{l^2+b^2}{12}}\)
b) పొడవుకు సమాంతరంగా మధ్యబిందువు ద్వారా పోయే అక్షం పరంగా I = \(\frac{\mathrm{Mb}^2}{12}\); K = \(\frac{b}{\sqrt{12}}\)
c) వెడల్పుకు సమాంతరంగా మధ్యబిందువు ద్వారా పోయే అక్షం పరంగా I = \(\frac{b}{\sqrt{12}}\); K = \(\frac{l}{\sqrt{12}}\)

→ ఘనగోళం యొక్క జడత్వ భ్రామకం :
a) వ్యాసం పరంగా జడత్వ భ్రామకం I = \(\frac{2}{5}\)MR2; K = \(\sqrt{\frac{2}{5}}\)R
b) ఏదైనా స్పర్శరేఖ పరంగా I = \(\frac{7}{5}\)MR2; K = \(\sqrt{\frac{7}{5}}\)R

→ గుల్లగోళం యొక్క జడత్వ భ్రామకం :
a) వ్యాసం పరంగా జడత్వ భ్రామకం I = \(\frac{2}{3}\)MR2; K = \(\sqrt{\frac{2}{3}}\)R
b) ఏదైనా స్పర్శరేఖ పరంగా జడత్వ భ్రామకం I = \(\frac{7}{3}\)MR2; K = \(\sqrt{\frac{5}{3}}\)R

→ ఘన స్థూపం జడత్వ భ్రామకం:
a) స్థూపం అక్షం పరంగా జడత్వ భ్రామకం I = \(\frac{\mathrm{MR}^2}{2}\); K = \(\frac{\mathrm{R}}{\sqrt{2}}\)
b) పొడవుకు లంబంగా, కేంద్రం ద్వారా పోయే అక్షం పరంగా జడత్వ భ్రామకం I = M\(\left(\frac{l^2}{12}+\frac{\mathrm{R}^2}{4}\right)\)
K = \(\sqrt{\frac{l^2}{12}+\frac{\mathrm{R}^2}{4}}\)

→ గుల్ల స్థూపము జడత్వ భ్రామకం :
a) స్థూపం అక్షం పరంగా జడత్వ భ్రామకం I = MR2; K = R
b) పొడవుకు లంబంగా, కేంద్రం పోయే అక్షం పరంగా I = M\(\left(\frac{l^2}{12}+\frac{\mathrm{R}^2}{2}\right)\); K = \(\sqrt{\frac{l^2}{12}+\frac{\mathrm{R}^2}{2}}\)

TS Inter 1st Year Physics Notes Chapter 7 కణాల వ్యవస్థలు, భ్రమణ గమనం

→ కోణీయ ద్రవ్యవేగం L̅ = Iω

→ కోణీయ ద్రవ్యవేగం మరియు టార్క్ మధ్య సంబంధం, τ = \(\frac{\mathrm{d} \overline{\mathrm{L}}}{\mathrm{dt}}=\frac{\mathrm{L}_2-\mathrm{L}_1}{\mathrm{t}}\)

→ కోణీయ త్వరణం మరియు టార్క్ మధ్య సంబంధం, τ = Iα.

→ కోణీయ ద్రవ్యవేగ నిత్యత్వ నియమం ప్రకారం
I1ω1 + I2ω2 = స్థిరం (వస్తువుపై బాహ్య టార్క్ పనిచేయనపుడు).

TS Inter 1st Year Maths 1B Solutions Chapter 4 Pair of Straight Lines Ex 4(a)

Students must practice these TS Intermediate Maths 1B Solutions Chapter 4 Pair of Straight Lines Ex 4(a) to find a better approach to solving the problems.

TS Inter 1st Year Maths 1B Pair of Straight Lines Solutions Exercise 4(a)

Question 1.
Find the acute angle between the pair of lines represented by the following equations. (V.S.A.Q.)
(i) x2 – 7xy + 12y2 = 0
Answer:
x2 – 7xy + 12y2 = 0
Comparing with ax2 + 2hxy + by2
We get a = 1, b = 12, h = \(\frac{-7}{2}\)
TS Inter 1st Year Maths 1B Solutions Chapter 4 Pair of Straight Lines Ex 4(a) 1

TS Inter 1st Year Maths 1B Solutions Chapter 4 Pair of Straight Lines Ex 4(a)

(ii) y2 – xy – 6x2 = 0
Answer:
y2 – xy – 6x2 = 0
a = – 6, h = – \(\frac{1}{2}\), b = 1
TS Inter 1st Year Maths 1B Solutions Chapter 4 Pair of Straight Lines Ex 4(a) 2

(iii) (x cos α – y sin α)2 = (x2 + y2) sin2 α
Answer:
(x cos α – y sin α)2 = (x2 + y2) sin2 α
x2 cos2 α + y2 sin2 α – 2xy cos α sin α
= x2 sin2 α + y2 sin2 α
= x2 (cos2 α – sin2 α) – 2xy cos α sin α = 0
⇒ x2 cos 2α – xy sin 2α = 0
Here a = cos 2α, b = 0, h = –\(\frac{1}{2}\) sin 2α
∴ tan θ = \(\left|\frac{2 \sqrt{h^2-a b}}{a+b}\right|\) = \(\left|\frac{2 \sqrt{\frac{1}{4} \sin ^2 2 \alpha}}{\cos 2 \alpha}\right|\)
= tan 2α
∴ θ = 2α

(iv) x2 + 2xy cot α – y2 = 0
Answer:
x2 + 2xy cot α – y2 = 0
Here a = 1, b = – 1, h = cot α
tan θ = \(\left|\frac{2 \sqrt{h^2-a b}}{a+b}\right|\) = \(\left|\frac{2 \sqrt{\cot ^2 \alpha+1}}{0}\right|\) = ∞
∴ θ = \(\frac{\pi}{2}\)

TS Inter 1st Year Maths 1B Solutions Chapter 4 Pair of Straight Lines Ex 4(a)

II.
Question 1.
Show that the following pairs of straight lines have the same set of angular bisectors (that is they are equally inclined to each other) (S.A.Q.)
(i) 2x2 + 6xy + y2 = 0
4x2 + 18xy + y2 = 0
(ii) a2x2 + 2h(a + b)xy + b2y2 = 0
ax2 + 2hxy + by2 = 0, a + b ≠ 0
(iii) ax2 + 2hxy + by2 + λ(x2 + y2) = 0 (λ ∈ R)
ax2 + 2hxy + by2 = 0
Answer:
TS Inter 1st Year Maths 1B Solutions Chapter 4 Pair of Straight Lines Ex 4(a) 3

(i) Given equation 2x2 + 6xy + y2 = 0 represents combined equation of OA and OB.
Equation of pair of bisectors is
3(x2 – y2) = (2 – 1)xy
⇒ 3(x2 – y2) = xy ………………. (1)
Combined equation of OP and OQ is
4x2 + 18xy + y2 = 0
Equation to the pair of bisectors is
9(x2 – y2) = (4 – 1)xy
⇒ 9(x2 – y2) = 3xy
⇒ 3(x2 – y2) = xy ………………… (2)
(1) and (2) denote the same lines.
∴ OA, OB and OP, OQ are inclined to each other. OR and OT are angular bisectors.

(ii) Given equation is a2x2 + 2h(a + b)xy + b2y2 = 0
represents combined equation of OA, OB.
∴ Equation to the pair of bisectors is
h(a + b) (x2 – y2) = (a2 – b2) xy
⇒ h(a + b) (x2 – y2) = (a – b) (a + b) xy
⇒ h(x2 – y2) = (a – b)xy …………………. (1)
Combined equation of OP, OQ is
ax2 + 2hxy + by2 = 0
Equation to the pair of bisectors is
\(\frac{x^2-y^2}{a-b}=\frac{x y}{h}\)
⇒ h(x2 – y2) = (a – b)xy ………………….. (2)
(1), (2) represent the same equation.
Hence the pairs of lines have the same set of angular bisectors.

(iii) Equation to the pair of bisectors of the equation
ax2 + 2hxy + by2 + λ(x2 + y2) = 0
⇒ x2(a + λ) + 2hxy + y2(b + λ) = 0 is
TS Inter 1st Year Maths 1B Solutions Chapter 4 Pair of Straight Lines Ex 4(a) 4
⇒ h(x2 – y2) – xy(a – b) = 0 ………………. (1)
Equation to the pair of bisectors of
ax2 + 2hxy + by2 = 0 is \(\frac{x^2-y^2}{a-b}=\frac{x y}{h}\)
⇒ h(x2 – y2) – xy(a – b) = 0
(1), (2) represent the same equation.
Hence the pairs of lines have the same set of angular bisectors.

TS Inter 1st Year Maths 1B Solutions Chapter 4 Pair of Straight Lines Ex 4(a)

Question 2.
Find the value of h, if the slopes of the lines represented by 6x2 + 2hxy + y2 = 0 are in the ratio 1 : 2. (S.A.Q.)
Answer:
Combined equation of the lines is
6x2 + 2hxy + y2 = 0
Suppose the slopes of two lines represented by the above equation be m1 and m2.
Then m1 + m1 = \(\frac{-2 h}{1}\), m1m2 = 6
Given that m1 : m2 = 1 : 2 ⇒ \(\frac{\mathrm{m}_1}{\mathrm{~m}_2}=\frac{1}{2}\)
⇒ m2 = 2m1
∴ 3m1 = – 2h; 2m12 = 6
TS Inter 1st Year Maths 1B Solutions Chapter 4 Pair of Straight Lines Ex 4(a) 5

Question 3.
If ax2 + 2hxy + by2 = 0 represents two straight lines such that the slope of one line is twice the slope of the other. Prove that 8h2 = 9ab. (S.A.Q.)
Answer:
Combined equation of the lines is
ax2 + 2hxy + by2 = 0 ……………… (1)
Suppose y = m1x and y = m2x are the lines represented by (1).
TS Inter 1st Year Maths 1B Solutions Chapter 4 Pair of Straight Lines Ex 4(a) 6

Question 4.
Show that the equation of the pair of straight lines passing through the origin and making an angle of 30° with the line 3x – y – 1 = 0 is 13x2 + 12xy – 3y2 = 0. (S.A.Q.)
Answer:
TS Inter 1st Year Maths 1B Solutions Chapter 4 Pair of Straight Lines Ex 4(a) 7
Given equation of the straight line is
3x – y – 1 = 0 ………………….. (1)
Let the slope of (1) be m1. Then m1 = 3 Suppose the slope of the line passing through the origin making an angle 30° be ‘m’.
∴ Equation of the line passing through the origin with slope ’m’ is y = mx and
m = \(\frac{\mathrm{y}}{\mathrm{x}}\) …………………… (2)
Suppose angle between lines (1) and (2) be θ then tan θ =
TS Inter 1st Year Maths 1B Solutions Chapter 4 Pair of Straight Lines Ex 4(a) 8
⇒ 9m2 + 6m + 1 = 3m2 – 18m + 27
⇒ 6m2 + 24m – 26 = 0
⇒ 3m2 + 12m – 13 = 0
⇒ \(3\left(\frac{\mathrm{y}}{\mathrm{x}}\right)^2+12\left(\frac{\mathrm{y}}{\mathrm{x}}\right)\) – 13 = 0 [∵ From (2)]
⇒ 3y2 + 12xy – 13x2 = 0
⇒ 13x2 – 12xy – 3y2 = 0

TS Inter 1st Year Maths 1B Solutions Chapter 4 Pair of Straight Lines Ex 4(a)

Question 5.
Find the equation to the pair of straight lines passing through the origin and making an acute angle a with the straight line x + y + 5 = 0. (SA.Q.)
Answer:
Given equation of the line is x + y + 5 = 0 ………………… (1)
TS Inter 1st Year Maths 1B Solutions Chapter 4 Pair of Straight Lines Ex 4(a) 9
Let the slope of the given line be m1 then m1 = – 1. If m is the slope of the line making angle a with the line (1), then the equation of the line passing through the origin is
y = mx ⇒ m = \(\frac{y}{x}\) ………………….. (2)
If α is the angle between the lines (1) ans (2)
TS Inter 1st Year Maths 1B Solutions Chapter 4 Pair of Straight Lines Ex 4(a) 10
⇒ (m2 – 2m + 1)tan2 α = m2 + 2m + 1
⇒ m2(1 – tan2 α) + 2m(1 + tan2 α) + (1 – tan2α)= 0 ……………… (3)
From (2) we have
\(\left(\frac{\mathrm{y}}{\mathrm{x}}\right)^2\) (1 – tan2 α) + 2\(\frac{y}{x}\)(1 + tan2 α)
+ (1 – tan2 α) = 0
⇒ (1 – tan2 α)y2 + 2xy(1 + tan2 α) + x2(1 – tan2 α) = 0 …………….. (4)

Case (i): If α = \(\frac{\pi}{4}\) then from (4)
2xy (1 + 1) = 0
⇒ 4xy = 0 ⇒ xy = 0

Case (ii): If α ≠ \(\frac{\pi}{4}\) then
x2+ 2xy\(\left(\frac{1+\tan ^2 \alpha}{1-\tan ^2 \alpha}\right)\) + y2 = 0
⇒ x2+ 2xy\(\frac{1}{\cos 2 \alpha}\) + y2 = 0
⇒ x2+ 2xy sec 2α + y2 = 0
So if α ≠ \(\frac{\pi}{4}\) then the combined equation of lines is x2 + 2xy sec 2α + y2 = 0 and if α = \(\frac{\pi}{4}\) then the equation is xy = 0.

Question 6.
Show that the straight lines represented by (x + 2a)2 – 3y2 = 0 and x = a form an equilateral triangle. (S.A.Q.)
Answer:
TS Inter 1st Year Maths 1B Solutions Chapter 4 Pair of Straight Lines Ex 4(a) 11
Given equation of pair of lines is
(x + 2a)2 – 3y2 = 0
⇒ (x + 2a + √3 y) (x + 2a – √3y) = 0
Equation of OA is x + √3 y + 2a = 0 ………………. (1)
Equation of OB is x – √3y + 2a = 0 ………………. (2)
Equation of AB is x – a = 0 ………………… (3)
Use the formula for
cos θ = \(\left|\frac{a_1 a_2+b_1 b_2}{\sqrt{a_1^2+b_1^2} \sqrt{a_2^2+b_2^2}}\right|\)
Between (1) and (3) lines
cos ∠OAB = \(\frac{|1+0|}{\sqrt{1+3} \sqrt{1}}=\frac{1}{2}\) = cos 60°
∴ ∠OAB = 60°
Similarly angle between (2) and (3) is
cos ∠OBA = \(\frac{|1+0|}{\sqrt{1+3} \sqrt{1}}=\frac{1}{2}\) = cos 60°
∴ ∠OBA = 60°
∴ ∠AOB = 180° – (∠OBA + ∠OAB)
= 180° – (60° + 60°) = 60°
∴ ∆ AOB is an equilateral triangle.

TS Inter 1st Year Maths 1B Solutions Chapter 4 Pair of Straight Lines Ex 4(a)

Question 7.
Show that the pair of bisectors of the angles between the straight lines (ax + by)2 = c (bx – ay)2, c > 0 are parallel and perpen¬dicular to the line ax + by + k = 0.(S.A.Q.)
Answer:
Combined equation of the given lines is
(ax + by)2 = c(bx – ay)2
⇒ a2x2 + 2abxy + b2y2
= c(b2x2 – 2abxy + a2y2)
⇒ (a2 – cb2)x2 + 2ab(1 + c) xy + (b2 – ca2)y2 = 0 ……………… (1)
Using the standard equation of bisectors,
(x2 – y2)h = xy(a – b)
Equation of bisectors of angles between the lines (1) is
(x2 – y2) ab (1 + c) = (a2 – cb2 – b2 + ca2)xy
= [a2 – b2 + c(a2 – b2)]xy
= (a2 – b2) (1 + c) xy
⇒ ab(x2 – y2) = (a2 – b2)xy
⇒ ab(x2 – y2) – (a2 – b2)xy = 0
⇒ abx2 – aby2 – a2xy + b2xy = 0
⇒ ax(bx – ay) + by (bx – ay) = 0
⇒ (ax + by) (bx – ay) = 0
Hence the equation of bisectors represented by (1) are ax + by = 0 ………………. (2)
bx – ay = 0 ………………….. (3)
Given equation of the line is
ax + by + k = 0 …………………… (4)
ax + by = 0 is parallel to ax + by + k = 0 and bx – ay = 0 is perpendicular to ax + by + k = 0.

Question 8.
The adjacent sides of a parallelogram are 2x2 – 5xy + 3y2 = 0 and one diagonal is x + y + 2 = 0. Find the vertices and the other diagonal. (S.A.Q.)
Answer:
TS Inter 1st Year Maths 1B Solutions Chapter 4 Pair of Straight Lines Ex 4(a) 12
The given equation is
2x2 – 5xy + 3y2 = 0 ……………… (1)
Which represent lines OA and OB respectively in the figure.
Equation of AB is x + y + 2 = 0
⇒ y = – (x + 2) ………………. (2)
∴ From (1)
⇒ 2x2 + 5x(x + 2) + 3(x + 2)2 = 0
⇒ 2x2 + 5x2 + 10x + 3(x2 + 4x + 4) = 0
⇒ 10x2 + 22x +12 = 0
⇒ 5x2 + 11x + 6 = 0
⇒ 5x2 + 5x + 6x + 6 = 0
⇒ 5x(x + 1) + 6(x + 1) = 0
⇒ (x + 1) (5x + 6) = 0
⇒ x = – 1 or x = \(\frac{-6}{5}\)
Also from (2), y = -(x + 2)
x = -1 ⇒ y = – 1
TS Inter 1st Year Maths 1B Solutions Chapter 4 Pair of Straight Lines Ex 4(a) 13

TS Inter 1st Year Maths 1B Solutions Chapter 4 Pair of Straight Lines Ex 4(a)

Question 9.
Find the centroid and the area of the triangle formed by the following lines.
(i) 2y2 – xy – 6x2 = 0, x + y + 4 = 0
(ii) 3x2 – 4xy + y2 = 0, 2x – y = 6 (S.A.Q.)
Answer:
(i)
TS Inter 1st Year Maths 1B Solutions Chapter 4 Pair of Straight Lines Ex 4(a) 14
The equation 2y2 – xy – 6x2 = 0
represents combined equation of OA and OB and equation of AB is x + y + 4 = 0
⇒ y = – (x + 4) …………….. (2)
From (1) 2(x + 4)2 + x(x + 4) – 6x2 = 0
⇒ 2(x2 + 8x + 16) + x2 + 4x – 6x2 = 0
⇒ 3x2 – 20x – 32 = 0
⇒ 3x2 – 20x – 32 = 0
⇒ (3x + 4) (x – 8) = 0
⇒ x = – \(\frac{4}{3}\)

Case (i): x = – \(\frac{4}{3}\)
∴ y = – (x + 4)
= – \(\left(-\frac{4}{3}+4\right)\) = – \(\frac{8}{3}\)
∴ Co-ordinates of A = \(\left(-\frac{4}{3},-\frac{8}{3}\right)\)

Case (ii): x = 8 ⇒ y = – (8 + 4) = – 12
∴ Co-ordinates of B = (8, -12)
Let G be the centroid of ∆OAB
TS Inter 1st Year Maths 1B Solutions Chapter 4 Pair of Straight Lines Ex 4(a) 15

(ii) The equation 3x2 – 4xy + y2 = 0 ……………… (1)
represents pair of lines OA and OB.
Equation of AB is 2x – y = 6
⇒ y = 2x – 6 ……………. (2)
From (1) 3x2 – 4x(2x – 6) + (2x – 6)2 = 0
⇒ 3×22 – 8x2 + 24x + 4x2 – 24x + 36 = 0
⇒ – x2 + 36 = 0 ⇒ x2 – 36 = 0
⇒ (x + 6) (x – 6) = 0 ⇒ x = 6 or – 6
If x = 6 ⇒ y = 12 – 6 = 6
∴ Co-ordinates of A = (6, 6)
x = – 6 ⇒ y = -12 – 6 = -18
∴ Co-ordinates of B = (-6, -18)
∴ Co-ordinates of G = \(\left(\frac{0+6-6}{3}, \frac{0+6-18}{3}\right)\)
= (0, -4)
∴ Area of ∆OAB = \(\frac{1}{2}\) |1y2 – x2yi I
= \(\frac{1}{2}\) |6 (- 18) – (- 6)6|
= \(\frac{1}{2}\) |- 108 + 36| = \(\frac{1}{2}\) (72) = 36 sq. units.

TS Inter 1st Year Maths 1B Solutions Chapter 4 Pair of Straight Lines Ex 4(a)

Question 10.
Find the equation of the pair of lines intersecting at (2, -1) and (S.A.Q.)
(i) Perpendicular to the pair 6x2 – 13xy – 5y2 = 0 and
(ii) Parallel to the pair 6x2 – 13xy – 5y2 = 0
Answer:
Given equation 6x2 – 13xy – 5y2 = 0 represents lines OA and OB.
(i) Equation of the pair of lines through
(x1, y1) and perpendicular to ax2 + 2hxy + by2 = 0 is b(x – x1)2] a(y – y1)2 = 0
⇒ -5(x – 2)2 + 13 (x – 2) (y + 1) + 6(y + 1)2 = 0
⇒ -5(x2 – 4x + 4) + 13 (xy + x – 2y – 2) + 6(y2 + 2y + 1) = 0
⇒ -5x2 + 20x – 20 + 13xy + 13x – 26y – 26 + 6y2 + 12y + 6 = 0
⇒ 5x2 – 13xy – 6y2 – 33x + 14y + 40 = 0

(ii) Equation of the pair of lines through (x1, y1) and parallel to ax2 + 2hxy + by2 = 0 is
a(x – x1)2 + 2h (x – x1) (y – y1) + b(y – y1)2 = 0
⇒ 6(x – 2)2 – 13 (x – 2) (y + 1) – 5(y + 1)2 = 0
⇒ 6(x2 – 4x + 4) – 13 (xy – 2y + x – 2) – 5(y2 + 2y + 1) = 0
⇒ 6x2 – 13xy – 5y2 – 37x + 16y + 45 = 0

Question 11.
Find the equation of the bisector of the acute angle between the lines (S.A.Q.)
3x – 4y + 7 = 0 and 12x + 5y – 2 = 0.
Answer:
Given equations of lines are
3x – 4y + 7 = 0 ……………….. (1)
12x + 5y – 2 = 0 ………………… (2)
The equation of bisectors of angles between
TS Inter 1st Year Maths 1B Solutions Chapter 4 Pair of Straight Lines Ex 4(a) 16
⇒ 13(3x – 4y + 7) ± 5(12x + 5y – 2) = 0
⇒ (39x – 52y + 91) ± (60x + 25y – 10) = 0
∴ (39x – 52y + 91) + (60x + 25y – 10) = 0
⇒ 99x – 27y + 81 = 0
⇒ 11x – 3y + 9 = 0 ………………….. (3)
Also (39x – 52y + 91) – (60x + 25y – 10) = 0
⇒ – 21x – 77y + 101 = 0
⇒ 21x + 77y – 101 = 0 ………………….. (4)
Let θ be the angle between (1) and (4) then
TS Inter 1st Year Maths 1B Solutions Chapter 4 Pair of Straight Lines Ex 4(a) 17
∴ (4) is an obtuse angled bisector then (3) will be the acute angled bisector.
∴ 11x – 3y + 9 = 0 is the acute angled bisector.

Question 12.
Find the equation of the bisector of the obtuse angle between the lines x + y – 5 = 0 and x – 7y + 7 = 0 (S.A.Q.)
Answer:
Given equations of lines are
x + y – 5 = 0 ………………. (1)
and x – 7y + 7 = 0 ………………….. (2)
The equation of bisectors of angles between (1) and (2) is
TS Inter 1st Year Maths 1B Solutions Chapter 4 Pair of Straight Lines Ex 4(a) 18
⇒ 5x + 5y – 25 ± (x – 7y + 7) = 0
(i) (5x + 5y – 25) + (x – 7y + 7) = 0
⇒ 6x – 2y – 18 = 0
⇒ 3x – y – 9 = 0 …………………. (3)
(ii) (5x + 5y – 25) – (x – 7y + 7) = 0
⇒ 4x + 12y – 32 = 0
⇒ x + 3y – 8 = 0 ……………… (4)
Let θ be the angle between (1) and (4)
Then
TS Inter 1st Year Maths 1B Solutions Chapter 4 Pair of Straight Lines Ex 4(a) 19
∴ (4) is an acute angle bisector and hence (3) is an obtuse angle bisector.
∴ 3x – y – 9 = 0 is the obtuse angle bisector.

TS Inter 1st Year Maths 1B Solutions Chapter 4 Pair of Straight Lines Ex 4(a)

III.
Question 1.
Show that the lines represented by (lx + my)2 – 3 (mx – ly)2 = 0 and lx + my + n = 0 form an equilateral triangle with area \(\frac{n^2}{\sqrt{3}\left(l^2+m^2\right)}\). (S.A.Q.)
Answer:
The equation (lx + my)2 – 3(mx – ly)2 = 0 represents combined equation of lines OA and OB.
∴ (l2x2 + m2y2 + 2lmxy) – 3(m2x2 – 2lmxy + l2y2) = 0
⇒ x2(l2 – 3m2) + 8lmxy + (m2 – 3l2)y2 = 0 ……………….. (1)
Angle between lines represented by (1) by the formula cos θ = \(\frac{|a+b|}{\sqrt{(a-b)^2+4 h^2}}\)
TS Inter 1st Year Maths 1B Solutions Chapter 4 Pair of Straight Lines Ex 4(a) 20
∴ θ = 60° which is the angle between OA and OB,
∴ ∠AOB = 60°
Combined equation of the bisectors of OA
and OB is h(x2 – y2) = (a – b)xy
⇒ 4lm(x2 – y2) = (l2 – 3m2 – m2 + 3l2) xy
⇒ 4lm(x2 – y2) = 4 (l2 – m2) xy
⇒ lmx2 – (l2 – m2) xy – lmy2 = 0
⇒ (lx + my) (mx – ly) = 0
⇒ lx + my = 0 and mx – ly = 0
∴ The bisector mx – ly = 0 is perpendicular to AB whose equation is lx + my + n = 0
∴ ∠OBA = 60°
∴ OAB is an equilateral triangle,
p = length of the perpendicular from O to AB.
= \(\frac{|\mathrm{n}|}{\sqrt{l^2+\mathrm{m}^2}}\)
∴ Area of ∆OAB = \(\frac{\mathrm{p}^2}{\sqrt{3}}=\frac{\mathrm{n}^2}{\sqrt{3}\left(l^2+\mathrm{m}^2\right)}\) sq.units

Question 2.
Show that the straight lines represented by 3x2 + 48xy + 23y2 = 0 and 3x – 2y + 13 = 0 form an equilateral triangle of area \(\frac{13}{\sqrt{3}}\) = sq.units. (E.Q.)
Answer:
The equation 3x2 + 48xy + 23y2 = 0 ……………… (1)
represents lines OA, OB.
Equation of AB is 3x – 2y + 13 = 0 — (2)
From (1) we.can express the equation as
(9x2 – 12xy + 4y2) – 3 (4x2 + 9y2 + 12xy) = 0
⇒ (3x – 2y)2 – 3 (2x + 3y)2 = 0
⇒ [(3x – 2y) + √3 (2x + 3y)] [(3x – 2y) – √3 (2x + 3y)] = 0
⇒ [(3 + 2√3)x + (3√3 – 2) y] [(3 – 2√3 ) x – (3√3 + 2) y] = 0
∴ Equation of OA is
(3 – 2√3 ) x + (3√3 – 2) y = 0 ………………… (3)
Equation of OB is
(3 – 2√3) x – (3√3 + 2) y = 0 ……………… (4)
Angle between (2) and (3) is cos θ
TS Inter 1st Year Maths 1B Solutions Chapter 4 Pair of Straight Lines Ex 4(a) 21

TS Inter 1st Year Maths 1B Solutions Chapter 4 Pair of Straight Lines Ex 4(a)

Question 3.
Show that the equation of the pair of lines bisecting the angles between the pair of bisectors of the angles between the pair of lines ax2 + 2hxy + by2 = 0 is (a – b) (x2 – y2) + 4hxy = 0. (S.A.Q.)
Answer:
Equation of the given lines is
ax2 + 2hxy + by2 = 0
Equation of the pair of bisectors is
(x2 – y2) h = (a – b) xy — (1)
hx2 – hy2 – (a – b) xy = 0
Equation to the pair of bisectors of (1) is
– \(\frac{(a-b)}{2}\) (x2 – y2) = (h + h)xy
⇒ (a – b) (x2 – y2) + 4hxy = 0
∴ Equation of the pair of bisectors of the pair of bisectors of lines ax2 + 2hxy + by2 = 0 is (a – b) (x2 – y2) + 4hxy = 0

Question 4.
If one line of the pair of lines ax2 + 2hxy + by2 = 0 bisects the angle be-tween the coordinate axes, prove that (a + b)2 = 4h2. (S.A.Q.) (June ’04)
Answer:
The angular bisectors of the coordinate axes are y = x and y = – x
Case (i) : When y = x is one of the lines of
ax2 + 2hxy + by2 = 0 then
ax2 + 2hx (x) + bx2 = 0
⇒ a + 2h + b = 0 …………………. (1)
Case (ii) : When y = – x is the other line of
ax2 + 2hxy + by2 = 0 then
ax2 + 2hx(-x) + bx2 = 0
⇒ a – 2h + b = 0 ………………… (2)
From (1) and (2)
[(a + b) + 2h] [(a + b) – 2h] = 0
⇒ (a + b)2 – 4h2 = 0
⇒ (a + b)2 = 4h2

Question 5.
If (α, β) is the centroid of the triangle formed by the lines ax2 + 2hxy + by2 = 0 and lx + my = 1, prove that (E.Q.)
\(\frac{\alpha}{b l-h m}=\frac{\beta}{a m-h l}=\frac{2}{3\left(b l^2-2 h l m+a m^2\right)}\)
Answer:
TS Inter 1st Year Maths 1B Solutions Chapter 4 Pair of Straight Lines Ex 4(a) 22
Combined equation of OA and OB is
ax2 + 2hxy + by2 = 0 …………………. (1)
Equation of AB is lx + my = 1 ……………………. (2)
⇒ my = 1 – lx
⇒ y = \(\frac{1-l \mathrm{x}}{\mathrm{m}}\) ……………………… (3)
From (1) ax2 + 2hx \(\left(\frac{1-l x}{m}\right)\) + b\(\left(\frac{1-l x}{m}\right)^2\) = 0
⇒ am2x2 + 2hmx (1 – lx) + b (1 – lx)2 = 0
⇒ (am2 – 2hml + bl2) x2 + 2hmx – 2blx + b = 0
⇒ (am2 – 2hml + bl2) x2 + 2x (hm – bl) + b = 0
Let the coordinates of point of intersection of lines (1) with (2) be A (x1, y1) and B (x2, y2).
Then x1 + x2 = \(\frac{-2(\mathrm{hm}-\mathrm{b} l)}{\mathrm{am}^2-2 \mathrm{hm} l+\mathrm{b} l^2}\)
= \(\frac{2(\mathrm{~b} l-\mathrm{hm})}{\mathrm{am}^2-2 \mathrm{~h} / \mathrm{m}+\mathrm{b} l^2}\) …………………… (4)
A(x1, y1) and B(x2, y2) lies on (2)
∴ lx1 + my1 = 1
lx2 + my2 = 1
⇒ l(x1 + x2) + m (y1 + y2) = 2
⇒ m (y1 + y2) = 2 – l(x1 + x2)
TS Inter 1st Year Maths 1B Solutions Chapter 4 Pair of Straight Lines Ex 4(a) 23

TS Inter 1st Year Maths 1B Solutions Chapter 4 Pair of Straight Lines Ex 4(a)

Question 6.
Prove that the distance from the origin to the orthocentre of the triangle formed by the lines \(\frac{x}{\alpha}+\frac{y}{\beta}\) = 1 and ax2 + 2hxy + by2 = 0 is (α2 + β2)1/2 \(\left|\frac{(a+b) \alpha \beta}{a \alpha^2-2 h \alpha \beta+b \beta^2}\right|\).
Answer:
TS Inter 1st Year Maths 1B Solutions Chapter 4 Pair of Straight Lines Ex 4(a) 24
Let OA and OB be the lines through the origin denoted by ax2 + 2hxy + by2 = 0 given by
l1x + m1y = 0 ………………. (1)
l2x + m2y = 0 ……………… (2)
∴ (l1x + m1y) (l2x + m2y) = ax2 + 2hxy + by2
∴ l1l2 = a, m1m2 = b, l1m2 + l2m1 = 2h
Given line is \(\frac{1}{\alpha}\) x + \(\frac{1}{\beta}\) y = 1
Solving (1) and (3) we get the coordinates of A
TS Inter 1st Year Maths 1B Solutions Chapter 4 Pair of Straight Lines Ex 4(a) 25
Let B be the point of intersection of (2) and (3) Let P be the orthocentre of ∆AOB.
TS Inter 1st Year Maths 1B Solutions Chapter 4 Pair of Straight Lines Ex 4(a) 26
⇒ l2y (l1α – m1β) + αβl1l2
= m2x (l1α – m1β) + αβm1m2
= m2x (l1α – m1β) – l2y (l1α – m1β)
= – αβl1l2 – αβm1m2
TS Inter 1st Year Maths 1B Solutions Chapter 4 Pair of Straight Lines Ex 4(a) 27

TS Inter 1st Year Maths 1B Solutions Chapter 4 Pair of Straight Lines Ex 4(a)

Question 7.
The straight line lx + my + n = 0 bisects an angle between the pair of lines of which one is px + qy + r = 0. Show that the other line is (px + qy + r) (l2 + m2) – 2 (lp + mq) (lx + my + n) = 0. (E.Q.)
Answer:
Let (α, β) be any point on the bisector
lx + my + n = 0 and lα + mβ + n = 0 ……………… (1)
The other line passes through the intersection of px + qy + r = 0 and lx + my + n = 0. This will be of the form p + λq = 0.
⇒ (px + qy + r) + λ(lx + my + n) = 0 ………………. (2)
Given px + qy + r = 0 ………………….. (3)
is one of the lines in pair of lines. If (α, β) is a point on the bisector then its perpendicular distance from lines (2) and (3) are same.
TS Inter 1st Year Maths 1B Solutions Chapter 4 Pair of Straight Lines Ex 4(a) 28
Simplifying and squaring on both sides,
(p + λl)2 + (q + λm)2 = p2 + q2
⇒ (p2 + 2pλl + λ2l2) + (q2 + 2q λm + λ2m2) = p2 + q2
⇒ 2 λ (pi + qm) + λ2 (l2 + m2) = 0
∴ 2λ (pl + qm) = – λ2 (l2 + m2)
⇒ λ = – 2 \(\left(\frac{\mathrm{p} l+\mathrm{qm}}{l^2+\mathrm{m}^2}\right)\)
∴ From equation (2), the equation of other line is (px + qy + r) – \(\frac{2(\mathrm{p} l+\mathrm{qm})}{l^2+\mathrm{m}^2}\) (lx + my + n) = 0
⇒ (px + qy + r) (l2 + m2) – 2 (lp + qm) (lx + my + n) = 0

TS Inter 1st Year Maths 1B Differentiation Important Questions Short Answer Type

Students must practice these Maths 1B Important Questions TS Inter 1st Year Maths 1B Differentiation Important Questions Short Answer Type to help strengthen their preparations for exams.

TS Inter 1st Year Maths 1B Differentiation Important Questions Short Answer Type

Question 1.
Find the derivative of x3 from the first principle. [Mar. ’15 (TS), ’98]
Solution:
Let f(x) = x3 then f(x + h) = (x + h)3
TS Inter First Year Maths 1B Differentiation Important Questions Short Answer Type Q1

Question 2.
Find the derivative of \(\sqrt{x+1}\) from the first principle. [Mar. ’12, ’05]
Solution:
TS Inter First Year Maths 1B Differentiation Important Questions Short Answer Type Q2
TS Inter First Year Maths 1B Differentiation Important Questions Short Answer Type Q2.1

TS Inter First Year Maths 1B Differentiation Important Questions Short Answer Type

Question 3.
Find the derivative of sin 2x from the first principle. [B.P. May ’15 (TS), ’10, ’91; Mar. ’02; Mar. ’18 (AP)]
Solution:
Let f(x) = sin 2x
f(x + h) = sin 2(x + h) = sin 2x + 2h
TS Inter First Year Maths 1B Differentiation Important Questions Short Answer Type Q3
TS Inter First Year Maths 1B Differentiation Important Questions Short Answer Type Q3.1

Question 4.
Find the derivative of cos ax from the first principle. [May ’14; Mar. ’13 (old), ’13, ’11, ’09]
Solution:
Let f(x) = cos ax
f(x + h) = cos a(x + h) = cos(ax + ah)
TS Inter First Year Maths 1B Differentiation Important Questions Short Answer Type Q4

Question 5.
Find the derivative of tan 2x from the first principle. [Mar. ’14, ’13 (old). ’05; May ’13. ’11; May ’15 (AP)]
Solution:
Let f(x) = tan 2x
f(x + h) = tan 2(x + h) = tan (2x + 2h)
TS Inter First Year Maths 1B Differentiation Important Questions Short Answer Type Q5
TS Inter First Year Maths 1B Differentiation Important Questions Short Answer Type Q5.1

Question 6.
Find the derivative of sec 3x from the first principle. [Mar. ’16 (AP), ’12, ’08]
Solution:
Let f(x) = sec 3x
f(x + h) = sec 3(x + h) = sec (3x + 3h)
TS Inter First Year Maths 1B Differentiation Important Questions Short Answer Type Q6
TS Inter First Year Maths 1B Differentiation Important Questions Short Answer Type Q6.1

Question 7.
Find the derivative of x sin x from the first principle. [Mar. ’18, ’15 (AP), ’10; May ’09]
Solution:
Let f(x) = x sin x
f(x + h) = (x + h) sin (x + h)
TS Inter First Year Maths 1B Differentiation Important Questions Short Answer Type Q7
TS Inter First Year Maths 1B Differentiation Important Questions Short Answer Type Q7.1

TS Inter First Year Maths 1B Differentiation Important Questions Short Answer Type

Question 8.
Find the derivative of cos2x from the first principle. [Mar. ’19 (TS); May ’08, ’04]
Solution:
TS Inter First Year Maths 1B Differentiation Important Questions Short Answer Type Q8

Question 9.
Find the derivative of log x from the first principle. [Mar. ’03]
Solution:
Given, f(x) = log x
Now, f(x + h) = log (x + h)
TS Inter First Year Maths 1B Differentiation Important Questions Short Answer Type Q9
∴ f is differentiable at x and f'(x) = \(\frac{1}{x}\)

Question 10.
Prove that \(\frac{d}{d x} \mathbf{u v}=\mathbf{u} \frac{d v}{d x}+v \frac{d u}{d x}\). [May ’97]
(Or)
If f, g are two differentiable functions at x then fg is differentiable at x. then show that (fg)’ (x) = f(x) g'(x) + g(x) f'(x).
Solution:
Since f and g are two differentiable functions at x, f'(x) and g'(x) exist.
TS Inter First Year Maths 1B Differentiation Important Questions Short Answer Type Q10
TS Inter First Year Maths 1B Differentiation Important Questions Short Answer Type Q10.1
= f(x + 0) . g'(x) + g(x) . f'(x)
= f(x) . g'(x) + g(x) . f'(x)
∴ fg is differentiable at x and (fg)’ (x) = f(x) g'(x) + g(x) f'(x).

Question 11.
Prove that \(\frac{d}{d x}\left(\frac{u}{v}\right)=\frac{v \frac{d u}{d x}-u \frac{d v}{d x}}{v^2}\). [May ’04, ’98]
(Or)
If f, g are two differentiable functions at x and g(x) ≠ 0 then \(\frac{f}{g}\) is differentiable at x, then show that \(\left(\frac{f}{g}\right)^{\prime}(x)=\frac{g(x) f^{\prime}(x)-f(x) g^{\prime}(x)}{[g(x)]^2}\)
Solution:
Since f, g are differentiable at x and f'(x), g'(x) exists.
TS Inter First Year Maths 1B Differentiation Important Questions Short Answer Type Q11
TS Inter First Year Maths 1B Differentiation Important Questions Short Answer Type Q11.1

Question 12.
Find the derivative of \(\cos ^{-1}\left(\frac{b+a \cos x}{a+b \cos x}\right)\), (a > 0, b > 0). [May ’09]
Solution:
Let y = \(\cos ^{-1}\left(\frac{b+a \cos x}{a+b \cos x}\right)\)
Differentiating on both sides with respect to ‘r’ to ‘x’
TS Inter First Year Maths 1B Differentiation Important Questions Short Answer Type Q12
TS Inter First Year Maths 1B Differentiation Important Questions Short Answer Type Q12.1

Question 13.
If xy = ex-y, then show that \(\frac{d y}{d x}=\frac{\log x}{(1+\log x)^2}\). [Mar. ’08, ’07, ’96, ’88; May ’00, ’95]
Solution:
Given, xy = ex-y
Taking logarithms on both sides,
log(xy) = log(ex-y)
y log x = (x – y) log e
y log x = x – y
y + y log x = x
y(1 + log x) = x
y = \(\frac{x}{1+\log x}\)
Differentiating on both sides with respect to ‘x’
TS Inter First Year Maths 1B Differentiation Important Questions Short Answer Type Q13

TS Inter First Year Maths 1B Differentiation Important Questions Short Answer Type

Question 14.
If sin y = x sin (a + y), then show that \(\frac{d y}{d x}=\frac{\sin ^2(a+y)}{\sin a}\). [Mar. ’95, May ’87]
Solution:
Given, sin y = x sin (a + y)
x = \(\frac{\sin y}{\sin (a+y)}\)
Differentiating on both sides with respect to ‘x’.
TS Inter First Year Maths 1B Differentiation Important Questions Short Answer Type Q14
TS Inter First Year Maths 1B Differentiation Important Questions Short Answer Type Q14.1

Question 15.
Differentiate \(\tan ^{-1}\left(\frac{2 x}{1-x^2}\right)\) with respect to \(\sin ^{-1}\left(\frac{2 x}{1+x^2}\right)\). [Mar. ’13 (Old); May ’04, ’95]
Solution:
TS Inter First Year Maths 1B Differentiation Important Questions Short Answer Type Q15
TS Inter First Year Maths 1B Differentiation Important Questions Short Answer Type Q15.1

Question 16.
Find the derivative of tan-1(sec x + tan x). [May ’97]
Solution:
TS Inter First Year Maths 1B Differentiation Important Questions Short Answer Type Q16
TS Inter First Year Maths 1B Differentiation Important Questions Short Answer Type Q16.1

Question 17.
If x = a (cos t + t sin t), y = a (sin t – t cos t) then find \(\frac{d \mathbf{y}}{d \mathbf{x}}\). [Mar. ’16 (TS), May ’08, ’00, ’93]
Solution:
Given that x = a(cos t + t sin t)
Differentiating on both sides with respect to ‘t’.
TS Inter First Year Maths 1B Differentiation Important Questions Short Answer Type Q17

Question 18.
If x = a(t – sin t), y = a(1 + cos t) then find \(\frac{d^2 \mathbf{y}}{\mathbf{d x}^2}\). [May ’02]
Solution:
Given, x = a(t – sin t)
Differentiating on both sides with respect to ‘x’.
\(\frac{\mathrm{dx}}{\mathrm{dt}}\) = a(1 – cos t)
y = a(1 + cos t)
Differentiating on both sides with respect to ‘x’.
\(\frac{\mathrm{dy}}{\mathrm{dt}}\) = a(0 – sin t) = -a sin t
TS Inter First Year Maths 1B Differentiation Important Questions Short Answer Type Q18

Question 19.
Find the second order derivative of \(\tan ^{-1}\left(\frac{1+x}{1-x}\right)\). [May ’12]
Solution:
Given, f(x) = \(\tan ^{-1}\left(\frac{1+x}{1-x}\right)\)
Differentiating on both sides with respect to ‘x’.
TS Inter First Year Maths 1B Differentiation Important Questions Short Answer Type Q19
Again differentiating on both sides with respect to ‘x’.
f”(x) = \(-\frac{1}{\left(1+x^2\right)^2}(0+2 x)=\frac{-2 x}{\left(1+x^2\right)^2}\)

TS Inter First Year Maths 1B Differentiation Important Questions Short Answer Type

Question 20.
If y = aenx + be-nx, then prove that y” = n2y. [Mar. ’15 (AP); May ’14]
Solution:
Given y = aenx + be-nx ………(1)
Differentiating on both sides with respect to ‘x’.
y’ = aenx (n) + be-nx (-n)
y’ = n aenx – n be-nx
again differentiating on both sides with respect to ‘x’
y” = na . enx (n) – n be-nx (-n)
= n2 aexnx + n2be-nx
= n2 (aenx + be-nx)
= n2y (∵ from 1)
∴ y” = n2y

Question 21.
If y = axn+1 + bx-n then prove that x2y11 = n(n + 1)y. [May ’10; Mar. ’06]
Solution:
Given, y = axn+1 + bx-n …….(1)
Differentiating on both sides with respect to ‘x’.
y1 = a . (n + 1) xn+1-1 + b(-n) x-n-1
= a(n + 1)xn – bn . x-n-1
Again differentiating on both sides with respect to ‘x’.
TS Inter First Year Maths 1B Differentiation Important Questions Short Answer Type Q21

Question 22.
If y = a cos x + (b + 2x) sin x, then prove that y11 + y = 4 cos x. [May ’07]
Solution:
Given, y = a cos x + (b + 2x) sin x ………(1)
Differentiating on both sides with respect to ‘x’.
y1 = a(-sin x) + (b + 2x) cos x + sin x (0 + 2 . 1)
y1 = -a sin x + (b + 2x) cos x + 2 sin x
Again differentiating of both sides with respect to ‘x’.
y11 = -a cos x + (b + 2x) (-sin x) + cos x (0 + 2 . 1) + 2 cos x
= -a cos x – (b + 2x) sin x + 2 cos x + 2 cos x
= -a cos x – (b + 2x) sin x + 4 cos x
= -[a cos x + (b + 2x) sin x] + 4 cos x
y11 = -y + 4 cos x [∵ from (1)]
y11 + y = 4 cos x

Question 23.
If ax2 + 2hxy + by2 = 1 then prove that \(\frac{d^2 y}{d x^2}=\frac{h^2-a b}{(h x+b y)^3}\). [Mar. ’08; May ’97]
Solution:
Given, ax2 + 2hxy + by2 = 1 ……..(1)
Differentiating on both sides with respect to ‘x’.
TS Inter First Year Maths 1B Differentiation Important Questions Short Answer Type Q23
TS Inter First Year Maths 1B Differentiation Important Questions Short Answer Type Q23.1

TS Inter First Year Maths 1B Differentiation Important Questions Short Answer Type

Question 24.
Find the derivative of cot x from the first principle. [Mar. ’19, ’17 (AP)]
Solution:
TS Inter First Year Maths 1B Differentiation Important Questions Short Answer Type Q24

TS Inter 1st Year Hindi उपवाचक Chapter 5 खेलो तो ऐसा खेलो

Telangana TSBIE TS Inter 1st Year Hindi Study Material उपवाचक 5th Lesson खेलो तो ऐसा खेलो Textbook Questions and Answers.

TS Inter 1st Year Hindi उपवाचक 5th Lesson खेलो तो ऐसा खेलो

अभ्यास

अ. निम्न लिखित प्रश्नों के उत्तर तीन चार वाक्यों में दीजिए :

प्रश्न 1.
ध्यानचंद का संक्षिप्त जीवन परिचय लिखिए ?
उत्तर:
हाँकी के जादूगर मेजर ध्यानचंद सिंह को कौन नहीं जानता है । उनका जन्म 29 अगस्त 1905 को इलाहाब्द में हुआ था । वह भारतीय फील्ड हाँकी के भारत एंव विश्व हाँकी के भुतपुर्व खिलाड़ी व कप्तान थे । उन्हें क्षेत्र में सबसे बेहतरीन खिलाडियों में शुमार किया जाता है । वे तीन बार ओलम्पिक के स्वर्ण पदक जीतनेवाली भारतीय हॉकी टीम के सदस्य रहे हैं ।

इनमें मे 1928 का एम्सटर्डम ओलोम्पिक, 1932 का लॉस एंजेल्स ओलम्पिक और 1936 का बर्लिन ओलम्पिक शामिल है । 3 दिसंबर 1979 को जब उन्होंने दुनिया से विदा ली तो उनके पार्थिव शरीर पर दो हाँकी स्टिक क्रॉस बनाकर रखी गई। ध्यानचंद ने मैदान पर जो ‘जादू’ दिखाए, वे इतिहास में दर्ज है ।

प्रश्न 2.
ध्यानचंद को ‘हाकी का जादूगर’ क्यों कहा जाता है ?
उत्तर:
26 मई 1928 को ध्यानचंद समेत कई खिलाड़ियों की तबीयत खराब थी। लेकिन उनके हौंसलों में किसी तरह की कमी नही थी । वो टीम वर्ल्ड चैम्पियन बन चुकी थी, जो उधार लेकर ओलंपिक खेलने आई थी । बर्लिन ओलंपिक में लोग मेरे हाँकी खेलने के ढंग से इतने प्रभावित हुए कि उन्होंने मुझे हाँकी का जादूगर कहना शुरु कर दिया । इसी ओलंपिक के बाद पहली बार ध्यानचंद के नाम के साथ ‘जादुगर’ शब्द जोडा गया ।

खेलो तो ऐसा खेलो Summary in Hindi

लेखक परिचय

योगराज थानी की गिनती देश के महानतम खेल पत्रकारों में की जाती है । उन्हें खेल पत्रकारिता और खेल साहित्य की विकास यात्रा में अपना विशिष्ट योगदान है । उनका जन्म 1931 में हुआ । बाल साहित्य लेखक के रूप में 1953 से 1964 के बीच अपनी पहचान बनाए । वह लंबे समय तक विभिन्न पत्र, पत्रिकाओं, आकाशवाणी और दूरदर्शन से जुड़े रहे । उनका निधन सन् 2009 में हुआ ।

थानी ने ‘आहार व स्वास्थ्य शिक्षा’, ‘अंतर्राष्ट्रीय खेल और भारत’, ‘एशियाई खेल’, ‘एथलेटिक्स’, ‘बैडमिंटन’, ‘भारत के रत्न खिलाडी’, ‘हाँकी’, ‘लोकप्रिय खेलों के नियम’, ‘शारीरिक शिक्षा और खेल मनो वैज्ञानिक’, ‘स्वास्थ्य शिक्षा और रोग’, ‘पतंगबाज़ी सीखें’, ‘विकलांगों केलिए शारीरिक शिक्षा एंव खेल कूद’, ‘टेबल टेनिस’ जैसी बेश कीमती खेल साहित्य की रचना की।

इसके अतिरिक्त उन्होंने अंग्रेजी में भी रचनाएँ की । थानी की विशिष्ट शैली और उनकी सशक्त भावाभिव्यक्ति ने उन्हें हिंदी खेल पत्रकारिता का एक मूर्धन्य ङस्ताक्षर बना दिया । उनकी इन पुस्तकों की सफलता का रहस्य विश्व प्रसिद्ध खिलाड़ियों से उनकी मित्रता थी । उन्होंने कुश्ती से जुड़ी अनेक पुस्तकें लिखी और इस खेल के विकास में अपना बहुमूल्य योगदान दिया । योगराज थानी की पुस्तकें किसी संजीविनी बूटी से कम नहीं है ।

TS Inter 1st Year Hindi उपवाचक Chapter 5 खेलो तो ऐसा खेलो

योगराज थानी की गिनती देश के महानतम खेल पत्रकारों में की जाती है। उन्हें खेल पत्रकारिता और खेल साहित्य विकास यात्रा में अपना विशिष्ट योगदान है। थानी की विशिष्ट शैली और उनकी सशक्त भावाभिव्यक्ति ने उन्हें हिंदी खेल पत्रकारिता का एक मूर्धन्य हस्ताक्षर बना दिया । योगराज थानी की पुस्तकें किसी संजीविनी बूटी से कम नहीं है ।

प्रस्तुत पाठ में लेखक ने भारत के राष्ट्रीय खेल हॉकी के जादूगर ध्यानचंद के आत्मकथ्य संस्मरणों का सुंदर वर्णन किया है ।

सारांश

ध्यानचंद का जन्म 1905 में प्रयाग के एक साधारण राजपुत परिवार में हुआ। बाद में (झांसी आकर बस गए) ध्यानचंद के पिता सेना में थे, जिस वजह से बार-बार ट्रांसफर के कारण वह छठी क्लास तक ही पढ पाए। वर्ष 1922 में वह 16 की उम्र में ही सेना में भर्ती हो गए । सेना में लोगों को खेलते देख उनके मन में भी खेलने की ख्वाहिश जगी । सूबेदार बाले तिवारी ने उन्हे खेल की बारीकियां सिखाई और फिर एक दिन वह देश के बेस्ट हाँकी खिलाड़ी बन गए ।

ध्यानचंद खेल के मैदान के बारे में इस प्रकार कह रहा है कि खेल के मैदान में धक्का-मुक्की और मारधाड़ की घटनाएँ होती रहती हैं। खेल में तो यह सब चलता ही है। जिन दिनों हम खेला करते थे, उन दिनों भी यह सब चलता था। अपने जीवन की एक दिलचस्प घटना सुना रहे है ! सन् 1933 की बात है । उन दिनों मै पंजाब रेजीमेंट की ओर से खेला करता था । एक दिन पंजाब रेजीमेंट और स्पेंसर एंड माइनर्स टीम के बीच मुकाबला हो रहा था। माइनर्स टीम के खिलाड़ी मुझसे गेंद छीनने की कोशिश करते, लेकिन उन की हर कोशिश बेकार जाती । इतने में एक खिलाड़ी ने गुस्से में आकर हाँकी मेरे सिर पर दे मारी।

मुझे मैदान से बाहर ले जाया गया । थोडी देर बाद मैं पट्टी बँधवाकर फिर मैदान में आ पहुँचा। आते ही मैं ने उस खिलाडी की पीठ पर हाथ रख कर कहा, “तुम चिंता मत करो, मैं इसका बदला ज़रूर लूँगा ।” मेरे इतना कहते ही वह खिलाडी एकदम घबरा गया। अब वह हर समय मुझे ही देखता रहता कि मैं कब उसके सिर पर हाँकी मारने वाला हूँ । उस खिलाड़ी का ध्यान खेल पर न रहकर, मुझ पर है।

मैं ने एक के बाद एक आनन- फानन में छह गोल कर लिए । खेल खत्म होने के बाद मैं ने फिर उस खिलाड़ी की पीठ थपथपाई और कहा, “दोस्त खेल में इतना गुस्सा अच्छा नहीं लगता। मैं ने तो अपना बदला ले ही लिया है। अगर तुम मुझे हाँकी न मारते तो मैं तुम्हे शायद दो ही गोलों से हराता ” । वह खिलाड़ी सचमुच बड़ा शर्मिंदा हुआ । सच मानो बुरा काम करनेवाला आदमी हर समय डरता रहता है कि उसके साथ भी बुराई की जाएगी ।

जहाँ भी जाता हूँ छोटे-छोटे बच्चे अक्सर मुझ घेर लेते है और मुझसे मेरी सफलता का राज़ जानना चाहते हैं । मेरे पास सफलता का कोई गुरुमंत्र तो है नहीं । हर किसी से यही कहता हूँ कि लगन, साधना और खेल – भावना यही सफलता के सबसे बड़े मंत्र है। 1936 ई में बर्लिन ओलंपिक में मुझे टीम का कप्तान बनाया गया । उस समय मैं सेना में लांस नायक था। मेरे हाँकी खेलने के ढंग से इतना प्रभावित हुए कि उन्होंने मुझे हाँकी का जादुगर कहना शुरु कर दिया।

TS Inter 1st Year Hindi उपवाचक Chapter 5 खेलो तो ऐसा खेलो

मेरी तो हमेशा यह कोशिश रहती कि मैं गेंद को गोल के पास ले जाकर अपने किसी साथी खिलाडी को दे दूँ ताकि उसे गोल करने का श्रेय मिल जाए । अपनी उसी खेल भावना के कारण मैंने जर्मनी के तानाशाह हिटलर तक का दिल जीत लिया था। जब हिटलर जी को यह मालूम हुआ कि मैं भारतीय सेना में लांस नायक हूँ तो अपने एक अधिकारी से कहा कि उससे कहो कि वह जर्मनी आ जाए, मै उसे मार्शल बना दूँगा |

बर्लिन में ओलंपिक में हमें स्वर्ण पदक तो मिला ही, लेकिन हिटलर मे अपनी ओर से भी मुझे एक पदक दिया था । इससे बड़ा गौरव किसी खिलाड़ी केलिए और क्या हो सकता है।

अब मैं आपको एक दूसरा संस्मरण सुनाता हूँ। 15 अगस्त, 1936 का दिन स्मरणीय था । सुबह – सुबह हम लोग ड्रेसिंग रूम में एकत्र हुए। अभ्यास मैच की पराजय हर एक के दिल में दहरात बनी हुई थी। फाइनल 14 अगस्त को खेला जाने वाला था, लेकिन उस दिन इतनी बारिश हुई कि मैदान में पानी भर गया । तय हुआ कि फाइनल 15 अगस्त की सुबह खेला जाएगा। टीम के मेनेजर पंकज गुप्ता भी- बहुत चिंतित थे।

टीम का हौंसला बढ़ाने केलिए एक युक्ति गुप्ता जी ने सूझी । सहसा उन्होंने उन खिलाडियों के सामने तिरंगा झंडा दिया और मानो कह दिया, “इसकी लाज़ तुम्हारे हाथ में है” । श्रद्धा से सभी ने उस तिरंगे को शाही सलामी दी और मैदान में उसकी लाजरखने के लिए वीर सैनिकों की तरह उतर पड़े। भारतीय इस खेल की विजयी हुए । इस दिन सचमुच तिरंगे की लाज़ रह गई । उस समय कौन जानता था कि 15 अगस्त ही भारत का स्वतंत्रता दिवस बनेगा ।

विशेषताएँ :
1) 1968 में भारतीय ओलंपिक टीम के कप्तान रहे गुरुबख्श सिंह ने बताया कि 1959 में भी ध्यानचंद 54 साल के हो चले थे भारतीय हाँकी टीम का कोई भी खिलाड़ी बुली में उनसे गेंद छीन नहीं सकता था ।

2) बर्लिन के हाँकी स्टेडियम में उस दिन 40,000 लोग फाइनल देखने केलिए मौजूद थे। देखने वालों में बड़ौदा के महाराजा और भोपल की बेगम के साथ-साथ जर्मन नेत्रुत्व के चोटी के लोग मौजुद थे । ताजुब ये था कि जर्मन खिलाडियों ने भारत की तरह छोटे-छोटे पासों से खेलने की तकनीक अपना रखी थी । हाफ टाइम तक भारत सिर्फ एक गोल से आगे था, इसके बाद ध्यानचंद ने अपने स्पाइक वाले जूते और मोज़े उतारे और नंगे पाँव खेलने लगे । इसके बात तो गोलों की झडी लग गई।

3) ध्यानचंद अपनी जीवन की बहुत सी रोचक घटनाएँ के बारे में हमें बताए ।

खेलो तो ऐसा खेलो Summary in Telugu

సారాంశము

‘खेलो तो ऐसा खेलो’ అను ఈ పాఠ్యాంశమును యోగరాజ్ థానీ గారు రచించినది. ఈ పాఠ్యాంశమునందు వారు జాదూగర్ ధ్యాన్ చంద్ యొక్క ఆత్మకథలోని కొన్ని ముఖ్యమైన విషయాలను తెలియచేశారు. ధ్యానంద్ గారు ఒక సాధారణ రాజపూత్ కుటుంబంలో 1905న ప్రయాగలో జన్మించారు. తరువాత ఝాన్సీ వచ్చి ఉన్నారు. ధ్యాన్ తండ్రి ఆంగ్లేయ సైన్యంలో పనిచేసేవాడు. దాని కారణంగా ట్రాన్స్ఫర్ అవుతుండేది.

TS Inter 1st Year Hindi उपवाचक Chapter 5 खेलो तो ऐसा खेलो

ధ్యాన్ చంద్ 6వ తరగతి వరకు మాత్రమే చదివియున్నారు. 1922 సంవత్సరం ధ్యాన్ చంద్ కూడా సైన్యంలో భర్తీ అయ్యాడు. అప్పుడు అతని వయస్సు 16 సం॥. సైన్యంలో అందరూ ఆడటం చూసి తన మనసులో కూడా ఆడుకోవాలని కోరిక కలిగింది. సుబేదార్ బాలే తివారి గారు హాకీ యందు తనకు మెళుకువలు నేర్పించారు. వారు నేర్పించిన మెళుకువలతో నేను ఒక సమయంలో గొప్ప హాకీ క్రీడాకారుడుగా పేరుతెచ్చుకున్నాను అని ధ్యాన్ చంద్ చెప్పేవారు. ధ్యాన్ చంద్ తన జీవితంలో జరిగిన కొన్ని విషయాలను మనతో చెప్పాలనుకున్నారు. అందులో మొదటిది. ఒక సారి నేను మైదానంలో ఆడుతున్నాను. అప్పుడు నాకు చాలా చోట్ల శరీరంపై దెబ్బలు తగిలాయి. ఆటలలో ఇది సహజం.

1933 సంవత్సరం నాటి విషయం. నేను పంజాబ్ రెజిమెంట్ వైపున ఆడుతున్నాను. ఒక రోజు పంజాబ్ రెజిమెంట్ మరియు స్పెన్సర్ అండ్ మోయినర్స్ టీమ్ మధ్య పోటీ జరుగుతుంది. మోయినర్స్ టీమ్ ఆటగాళ్ళు నా నుండి బంతిని లాగే ప్రయత్నం చేస్తున్నారు. కాని వారి ప్రతి ప్రయత్నాన్ని నేను విఫలం చేశాను. ఇంతలో ఒక ఆటగాడికి కోపం వచ్చి హాకి స్టిక్తో తన తలపై కొట్టాడు. నన్ను మైదానం నుండి బయటకు తీసుకువచ్చారు.

కొద్ది సమయం తర్వాత నా తలపై కట్టు కట్టారు. నన్ను మరల స్టేడియంకి తీసుకువచ్చారు. నేను ఆటలోకి మరల వెళ్ళిపోయాను. ఏ ఆటగాడైతే నన్ను కొట్టాడో ఆ ఆటగాడి వద్దకు వెళ్ళి వీపుపై చేయి వేసి నేను ఈ విధంగా అన్నాను, నేను నీపై తప్పక ప్రతీకారం తీర్చుకుంటాను. ఆ మాట వినగానే అతను భయభ్రాంతుడైనాడు. ఆట ప్రారంభమయ్యింది ఆ ఆటగాడు నావైపు చూస్తూ ఆటను సరిగా ఆడలేకపోతున్నాడు. మా టీమ్ ఆ ఆటలో గెలిచింది. అతని వద్దకు నేను వెళ్ళి నా ప్రతీకారం ఇలా నెరవేరింది అని చెప్పాను. ఆ ఆటగాడు చాలా సిగ్గుపడ్డాడు. నిజం చెప్పాలంటే చెడు పనిచేసే వ్యక్తి ఎల్లప్పుడు భయపడుతూనే ఉంటాడు.

నేను ఎక్కడికి వెళ్ళిన చిన్న- పెద్ద ప్రతి ఒక్కరు నన్ను ఒక ప్రశ్న వేసేవారు. మీ విజయ రహాస్యం ఏమిటి మాకు చెప్పండి అని అడిగేవారు. నా వద్ద అలాంటి మంత్రమే లేదు. శ్రద్ధ, సాధన మరియు ఆటమీద అంకిత భావం ఉంటే విజయం మీ దరి చేరుతుంది అని ప్రతి ఒక్కరికి చెప్పేవాడిని. 1936లో బర్లిన్ ఒలంపిక్స్లో నన్ను టీమ్ చేశారు. ఆ సమయంలో నేను సైన్యంలో లావ్స్ నాయక్. నేను హాకీ ఆడే పద్ధతి చూసి ప్రజలు నన్ను ‘హాకీ మాంత్రికుడు’ అనే బిరుదును ఇచ్చారు.

నేను బంతిని గోల్ వద్దకు తీసుకువెళ్ళి నాతోటి ఆడే ఆటగాడికి ఇచ్చి అతనిని గోల్ చేయమని చెప్పేవాడిని. నా ఈ ఆట కారణంగా జర్మన్ నియంత అయిన హిట్లర్ మనసు నేను గెలుచుకోగలిగాను. నేను భారతీయ సైన్యంలో లాన్స్ నాయక్ అని తెలిసి, నన్ను జర్మనీ రమ్మని చెప్పారు. జర్మనీ వస్తే నన్ను ‘మార్షల్’ (సైన్యంలో గొప్ప హోదా) ఇస్తానని చెప్పారు.

బర్లిన్ ఒలంపిక్స్లో నాకు బంగారు పతకం లభించింది. కాని హిట్లర్ నాకు ఒక పతకం బహూకరించారు. ప్రత్యేకంగా హిట్లర్ లాంటి వ్యక్తులు నాకు పతకం ఇవ్వడం చాలా గర్వంగా అనిపించింది.

ఇప్పుడు నేను మరొక విషయాన్ని మీకు తెలియచేస్తాను. ఆగష్టు 15, 1936వ సంవత్సరం హాకీ ఆటగాళ్ళమైన మేము డ్రస్సింగ్ రూములో కూర్చుని ఉన్నాము. ముందురోజు జరిగిన ట్రయల్ మ్యాచ్లో ఓడిపోయాము. దానితో అందరి ముఖాలలో బాధ ఉంది. ఆగష్టు 14న ఆడవలసిన ఫైనల్ వర్షం కారణంగా ఆగిపోయింది. ఆగష్టు 15 ఉదయం ఫైనల్ మ్యాచ్ ఏర్పాటు చేశారు. టీమ్ మేనేజర్ పంకజగుప్తా చాలా దిగులుగా ఉన్నారు.

TS Inter 1st Year Hindi उपवाचक Chapter 5 खेलो तो ऐसा खेलो

మా అందరిలో ఉత్సాహం నింపడానికి గుప్తాగారు ఒక ఉపాయం ఆలోచించారు. మా అందరి ముందు జాతీయ జెండాను ఉంచారు. దీని గౌరవం దయచేసి కాపాడండి. జెండా గౌరవం మీ చేతిలోనే ఉంది అని చెప్పారు. అందరూ శ్రద్ధతో జెండాకి వందనం చేశారు. ఒక వీర సైనికుడు దేశం కోసం ఏ విధంగా పోరాడతాడో ఆ విధంగా ఆటలో మేమంతా కృషిచేశాము. ఈ మ్యాచ్ భారతీయులైన మేము గెలిచాము. నిజంగా దేశ గౌరవాన్ని కాపాడాము. ఆగష్టు 15 మన స్వాతంత్ర దినోత్సవము అగును అని ఆ రోజున మాకు తెలియదు.

TS Inter 1st Year Hindi उपवाचक Chapter 4 पार नज़र के

Telangana TSBIE TS Inter 1st Year Hindi Study Material उपवाचक 4th Lesson पार नज़र के Textbook Questions and Answers.

TS Inter 1st Year Hindi उपवाचक 4th Lesson पार नज़र के

अभ्यास

अ. निम्न लिखित प्रश्नों के उत्तर तीन चार वाक्यों में दीजिए :

प्रश्न 1.
पृथ्वी के वैज्ञानिक मंगल ग्रह की मिट्टी का अध्ययन करने केलिए क्यों उत्सुक थे ?
उत्तर:
अंतरिक्षयान को पृथ्वी के वैज्ञानिकों ने भेजा था। वे पृथ्वी की तरह मंगल ग्रह पर भी जीव सृष्टि का अस्तित्व है पता लगाना चाहते थे । इसलिए पृथ्वी के वैज्ञानिक मंगलग्रह की मिट्टी का अध्ययन करने केलिए बड़े उत्सुक थे । यह प्रश्न आज भी एक रहस्य है ।

प्रश्न 2.
छोटू को सुरंग में जाने की अनुमति नहीं थी ? क्यों ?
उत्तर:
छोटू को सुरंग में जाने की इज़ाजत इसलिए नहीं थी, क्यों कि वह थोटा था । और यंत्रों की सुरक्षा के बारे में नहीं जानता था । आम व्यक्ति को सुरंग में जाने की मनाही थी। कुछ चुनिंदा लोगों को यह प्रशिक्षण दिया गया था । इस कारण छोटू को सुरंग में जाने की अनुमति नहीं थी ।

पार नज़र के Summary in Hindi

लेखक परिचय

प्रो. जयन्त विष्णु नार्लीकर का जन्म सन् 1938 में कोल्हापूर, महाराष्ट्र में हुआ था । उनके पिता विष्णु वासुदेव नार्लीकर बनारस हिन्दू विश्वविद्यालय में गणित के अध्यापक थे तथा माँ संस्कृत की विदूषी थी । नार्लीकर की पारंभिक शिक्षा वाराणसी में हुई । बनारस हिन्दू विश्वविद्यालय से स्नातक की उपाधि लेने के बाद वे कैम्ब्रिज विश्वविद्यालय चले गये । उन्होंने कैम्ब्रिज से गणित की उपाधि ली और खगोल-शास्त्र एवं खगोल भौतिकी दक्षता प्राप्त की ।

आजकल यह माना जाता है कि बह्माण्ड की उत्पति विशाल विस्फोट के द्वारा हुई थी पर इसके साथ ब्रह्मांड की उत्पति के बारे में एक ओर सिद्धान्त प्रतिपादित है, जिसका नाम स्थायी अवस्था सिद्धान्त (Steady sdab theory) है । इस सिद्धान्त के जनक फेंड हायल है । इसके साथ ही उन्होंने आइंस्टीन के अपेक्षित सिद्धान्त और माक सिद्धान्त को मिलाते हुए हाँयल नार्लीकर सिद्धान्त का प्रतिपादन किया।

TS Inter 1st Year Hindi उपवाचक Chapter 4 पार नज़र के

साहित्य में विज्ञान का तालमेल कठिन कार्य है । किंतु इस कार्य को नार्लीकर ने अपनी लेखनी से सरल बनाया और सामान्य पाठकों को भी विज्ञान की ओर आकर्षित किया । कृष्णविवर और अन्य विज्ञान कक्षाएँ में उनकी चर्चित कहानिया है । ‘कृष्णविवर’, ‘नौलखाहार और ‘धूमकेतु’ भी शामिल है ।

जयंत विष्णु नार्लीकर जी का जन्म 19 जुलाई 1938 में हुआ। वे प्रसिद्ध भौतिकीय वैज्ञानिक है। जिन्होंने विज्ञानको लोकप्रिय बनाने केलिए अंग्रेजी, हिन्दी और मराठी में पुस्तकें लिखी है । उनकी प्रारम्भिक शिक्षा वाराणसी में हुई । बनारस से स्नातक की उपाधि लेने के बाद कैम्ब्रिज विश्वविद्यालय चले गए। वहाँ से उन्होंने गणित, खगोल-शास्त्र व भौतिकी में दक्षता प्राप्त की । 1970 में वे भारत वापस लौट आए । अंग्रेजी में The Returns of Vaman उनके द्वारा लिखित विज्ञान का कल्पित उपन्यास है । वे पद्म भूषण – एडमस पुरस्कार व इंदिरागांधी पुरस्कार से भी सम्मानित हुए ।

सारांश

इसमें एक ऐसी स्थिति की परिकल्पना की गई है, सूर्य अपना ताप और उर्जा देना बंद कर देगा तब लोगों के पृथ्वी के अंदर सुरंग बनाकर यंत्रों के सहारे जीवन बीतना पड़ेगा । एक बार छुट्टी वाले दिन छोटू के पापा घर पर आराम कर रहे थे। तो छोटू उनका सिक्योरिटी पास लेकर सुरंग में चला गया। उसने देखा कि सुरंग का रास्ता ऊपर ज़मीन पर जाता है। छोटू जहाँ रहता था वह जगह ज़मीन के नीचे थी। यह एक मंगलग्रह की कहानी थी। वह बहुत खुश था लेकिन यह मौका जल्द ही उसके हाथ से निकल गया ।

सुरंग में जगह-जगह निरीक्षण यंत्र लगे थे। इतने छोटे बच्चे को देख वहाँ के सिपाहियों ने पकड़ लिया। छोटू अपने पापा की वजह से वहाँ से छूट गाया । उसके पापा उसे समझाते है कि वहाँ आदमी नहीं जा सकते ! क्योंकि वहाँ जाने के लिए एक स्पेस सूट पहना पड़ता है । जिससे ऑक्सीजन मिलती है और साँस ले सकते है । खास किस्म के जूते पहनने होते है । जमीन पर जलने का प्रशिक्षण दिया जाता है। उसके पापा बताते हैं, एक समय या जब उनके पूर्वज जमीन पर रहते थे।

धीरे धीरे वहाँ के वातावरण में सूर्य के कारण परिवर्तन हुआ । सूर्य से ऊर्जा, रोशनी मिलती थी वह बंद हो गई, जिससे जीवों का पोषण होता था । पशु-पक्षी पेड़ पौधे व अन्य जीव मरने लगे। हमारे पूर्वजों ने तकनीकी ज्ञान से जमीन के नीचे घर बना लिए । विभिन्न यंत्रों की मदद से सूर्य शक्ति, रोशनी, गर्मी का प्रयोग करते थे । इसी कारण हम आज धरती के नीचे जीवित है। ये यंत्र ठीक से चलते रहे इसकेलिए सतर्कता की जरुरत है छोटू बड़ा होकर वहाँ जाने की इच्छा प्रकट करता है ।

TS Inter 1st Year Hindi उपवाचक Chapter 4 पार नज़र के

एक दिन एक अदभुत घटना होती है । पता चलता है कि एक अंतरिक्षयान उनकी तरफ बढ़ता दिखाई देता है । एक यान इर्द-गिर्द चक्कर काट रहा है । दूसरा अभी दूर है । सब एक योजना बनाते है । उनके पास इन्हें भस्म करने की पूरी क्षमता है। लेकिन इससे फिर उन्हें उसके बारे में कोई जानकारी नहीं मिलेगी। जैसे ही ये ज़मीन पर उतरे तब उन्हें काबू में करले । तभी खबर आती है कि अंतरिक्षयान धरती पर उतर चुका है । छोटू बहुत खुश है। पापा उसे कंट्रोल रूम लेकर गये थे। वे कहते हैं कि अभी कुछ बताया नहीं जा सकता वे अपना ध्यान केंद्रीत करते है ।

उसके पापा ने उसे एक कंसोल दिखाया जिस पर कई बटन लगे थे। सभी का ध्याना यान पर था तभी एक यांत्रिक हाथ बाहर निकलता है । वह जमीन से मिट्टी लेना चाहता है। छोटू का ध्यान कंसोल पर लगे बटनों पर था, कंसोल एक एसा साधन है, बिलकुल कंप्यूटर जैसा होता है। छोटू बटन दबाने की इच्छा को रोक नहीं पाता । उसके बटन दबाते ही खतरे की घंटी बज़ उठी, जिससे यांत्रिक हाथ रुक गया।

छोटू के पापा उसे मारते है और बटन को पूर्व स्थिति में रखते है । यंत्र बेकार हो जाता है । नासा के वैज्ञानिक इस के बारें में जाँच कर रहे है । यांत्रिक के हाथ को ठीक करने में सफल होते है । मंगल ग्रह की मिट्टी के नमूने लेने आरंभ कर दिये है। मिट्टी के नमूने से ही यह पता लगाया जा सकता है कि मंगल ग्रह पर भी जीव सुष्टि है । परन्तु वाइकिंग मिशन ने इस जिज्ञासा के नकारात्मक उत्तर दिया । यह प्रश्न आज भी एक रहस्य है ।

विशेषताएँ : छोटू के पापा उसे बताते हैं कि पहले उनके मंगल ग्रह पर जन जीवन था । उन्हें किसी यन्त्र विशेष की जरुरत नही थी । लेकिन वातावरण में परिवर्तन के समारण प्राकृतिक संतुलन बिगड़ गया । सूर्य की उष्मा, रोशनी कम हो गई थी जिसके कारण पेड़ – पौधे पशु- पक्षी व अन्य जीव मरने लगें । तकनीकी ज्ञान से उन्होंने जमीन के नीचे घर बनाए व सूर्य की रोशनी व शक्ति प्राप्त की। अंतरिक्षयान को पृथ्वी के वैज्ञानिकों ने भेजा था। वे पृथ्वी की तरह मंगल ग्रह पर भी जीव सृष्टि का अस्तित्व है पता लगाना चाहते थे ।

पार नज़र के Summary in Telugu

సారాంశము

‘पार नज़र के’ అను ఈ కథను శ్రీమతి రేఖా దేశపాండే గారు హిందీలోకి అనువదించిరి. ప్రస్తుతం ఈ కథ మంగళ గ్రహానికి Mars Planeన బంధించినది. మంగళవాసి (Marss.Planet) భూమి అడుగున ఉంటున్నారు. అక్కడే ఒక పిల్లవాడు కూడా నివశిస్తున్నాడు. వాడి పేరు చోటు చోటుకి సైన్సుకి సంబంధించిన అన్ని విషయాలు తెలసుకోవాలనే కోరిక కలుగుతుంది. ఆ కోరిక ఎలా నెరవేరిందో ఇప్పుడు కథ ద్వారా మనం తెలుసుకుందాం.

ఎప్పుడైతే సూర్యుడు తన యొక్క వేడిని మరియు శక్తిని అందించడం ఆపివేస్తాడో అప్పుడు మానవులు భూమి లోపల సొరంగం (సురంగం) Tunnel లో యంత్రాల సహాయంతో జీవితం గడపాలి అనే ఒక స్థితి గురించి పరికల్పన చేశారు. ఒక సెలవు రోజున చోటు వాళ్ళ నాన్న ఇంటిలో విశ్రాంతి తీసుకుంటున్నారు. అప్పుడు చోటు వాళ్ళ నాన్న సెక్యూరిటీ పాస్ తీసుకుని సొరంగం లోనికి వెళ్ళాడు.

TS Inter 1st Year Hindi उपवाचक Chapter 4 पार नज़र के

అప్పుడు అలా వెళుతుంటే అతనికి ఆ దారి సరాసరి భూమిపైకి వెళుతుంది అని అర్థం అయింది. అప్పుడు చోటు చాలా సంతోషించాడు. కాని ఆ సంతోషం ఎక్కువ సేపు లేకుండా పోయింది. సొరంగంలో ప్రతి చోట కెమెరాలు ఏర్పాటు చేశారు. ఇంత చిన్నవాడైన చోటుని సిపాయిలు C.C.T.Vలలో చూసి పట్టుకొన్నారు. తండ్రి కారణంగా ఎలానో బయటకు రాగలిగాడు. అక్కడకి సామాన్యులు వెళ్ళకూడదని చోటు తండ్రి చోటుకి చెప్పాడు. ఎందుకంటే ఆ మార్గం గుండా వెళ్ళడానికి ఒక స్పేస్ సూటు వేసుకుని వెళ్ళాలి దాని ద్వారా ఆక్సిజన్ లభిస్తుంది మరియు గాలి జాగ్రత్తగా పీల్చవచ్చు.

ప్రత్యేకమైన బూట్లు కూడా ఉంటాయి. నేలపై నడవటానికి శిక్షణ కూడా ఇస్తారు. చోటు తండ్రి ఇంకా ఇలా చెబుతారు. ఒకానొక సమయంలో మన పూర్వీకులు భూమిపైన నివశించారు. కాని మెల్లమెల్లగా వాతావరణంలో సూర్యుని కారణంగా మార్పులు సంభవించాయి. సూర్యుని నుండి లభించే వెలుగు, శక్తి తగ్గిపోయాయి. దాని వలన చెట్లు, పశువులు అన్నీ మరణించసాగాయి. మన పూర్వీకులు కొంత టెక్నాలజీతో భూమి లోపల ఇండ్లను ఏర్పాటుచేశారు.

విభిన్న యంత్రాల సహాయంతో సూర్య శక్తిని, వేడిని మనం ఉపయోగించుకుంటున్నాము. ఆ యంత్రాలు ఇప్పటికీ జాగ్రత్తగానే పనిచేస్తున్నాయి. మనం వాడుతున్నాము. చోటు పెద్దవాడై తను అక్కడకు వెళతానని తండ్రికి చెబుతాడు. ఒక రోజు అనుకోకుండా ఒక సంఘటన జరుగుతుంది. ‘ఒక అంతరిక్షనౌక వారి గ్రహంవైపు వస్తుందని తెలుసుకున్నారు. ఆ అంతరిక్షనౌక వారి గ్రహం చుట్టూ పరిభ్రమిస్తూనే ఉన్నది. ఇంకొక నౌక కొద్ది దూరంలో ఉంది.

మంగళ గ్రహ వాసులు ఒక ఉపాయం ఆలోచిస్తారు. వారి వద్ద ఆ నౌకని భస్మం చేసే శక్తి ఉన్నా దానిని నాశనం చేయరు ఎందుకంటే వారు ఆ అంతరిక్షనౌక ఎందుకు వచ్చిందో తెలుసుకోవాలి అని అనుకుంటారు. ఎప్పుడైతే వారి గ్రహంపై ఆగునో అప్పుడు తమ వశం చేసుకోవచ్చని ప్లాన్ వేసుకుంటారు. మంగళ గ్రహంపై అంతరిక్షనౌక వస్తుంది. ఆ రోజు చోటు వాళ్ళ నాన్న తనతో పాటు కంట్రోలు రూమ్కి తీసుకువెళతారు. చోటు తండ్రి తనని విసిగించకుండా జరిగేది చూస్తూ ఉండమని చెబుతారు.

కంప్యూటర్ లాగా ఉండే ఒక కంసోల్ని చోటు తండ్రి చోటుకి చూపిస్తారు. అది ఒక పెద్ద సైజుది. అందరు జాగ్రత్తగా నౌకని చూస్తూ ఉంటారు. అప్పుడే ఒక యంత్ర మానవుడు చేయి బయటకు వస్తుంది. అతడు ఆ గ్రహంపైన ఉన్న మట్టిని తీసుకోవాలి అని అనుకుంటున్నాడు. చోటు ధ్యాస కంసోల్పై ఉన్న ఎర్ర బటన్స్పై పడింది. బటన్ నొక్కాలి అనే కోరిక ఆపుకోలేక బటన్స్ నొక్కుతాడు. ఆ బటన్స్ నొక్కిన వెంటనే ఆపదను తెలియచేసే Bell మ్రోగుతుంది.

TS Inter 1st Year Hindi उपवाचक Chapter 4 पार नज़र के

ఆ యంత్ర మానవుని చేయి ఆగిపోతుంది. చోటు చేసిన పనికి తండ్రి చోటుని కొడతాడు. మరల బటన్స్ని యథాస్థానంలో ఉంచుతారు. నాసో వైజ్ఞానికులు దీని గురించి పరీక్షించి మరల యంత్ర మానవుని చేయి సరిచేస్తారు. యంత్ర మానవుడు మట్టిని తీయడం ప్రారంభిస్తాడు. ఆ మట్టి సహాయంతో భూమిపై ఉండే మన వైజ్ఞానికులు మంగళ గ్రహంపై జీవ సృష్టి ఉందా, లేదా కనుక్కోవాలనే చిన్న ప్రయత్నం చేశారు. కాని ఎటువంటి ఫలితం లేకుండా పోయింది. ఇప్పటికి ఇది ఒక రహస్యంగానే ఉండి పోయింది.